1.A

　　【解析】

　　試題分析：我國古代四大發(fā)明中，涉及到電磁現(xiàn)象應(yīng)用的發(fā)明是指南針.

　　解：指南針利用地磁場使小磁針偏轉(zhuǎn)來指示方向，涉及到磁現(xiàn)象，而我國古代四大發(fā)明中，造紙術(shù)、印刷術(shù)、火藥不涉及電磁現(xiàn)象.故A正確.

　　故選A

　　【點評】本題考查對常識的了解程度，基礎(chǔ)題.要重視知識的積累，加強記憶，不在基礎(chǔ)題出錯.

　　2.A

　　【解析】

　　試題分析：根據(jù) 可知，軌道半徑相同時，運動周期也會相同，A正確;而速度，加速度都是矢量，既有大小又有方向，因此兩顆衛(wèi)星速度，和加速度大小相同，但方向不同，B、C錯誤，而向心力就是衛(wèi)星受到的萬有引力 ，兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量不同，因此向心力不同，D錯誤。

　　考點：萬有引力與航天

　　3.D

　　【解析】

　　試題分析：單向的直線運動中位移的大小一定等于路程，故A錯誤;位移是矢量，而路程是標量，性質(zhì)不同，故不能說位移就是路程，所以B錯誤;出租車是按路程大小來計費的，所以C錯誤;位移是從初位置指向末位置的有向線段，故D正確。

　　考點：本題考查位移和路程。

　　4.A

　　【解析】

　　試題分析：誤差是在測量過程中產(chǎn)生的測量值與真實值這間的差異，這種差異不同于錯誤，它是在測量方法正確的情況下產(chǎn)生的，只可以減小，卻不能避免.

　　解：A、一個物體長為123.6 cm，最后的一位：0. 6cm是估讀的，所以采用的測量工具的最小刻度是厘米.故A正確;

　　B、0.92是兩位有效數(shù)字，而0.920是三位有效數(shù)字，它們的含義是不同的.故B錯誤;

　　C、求多次測量的平均值是減小誤差有效的方法之一，可以減小偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差，故C錯誤;

　　D錯誤、有效數(shù)字是從第一個不為0的數(shù)字開始的，0.082是兩位有效數(shù)字.故D錯誤.

　　故選：A.

　　【點評】誤差與錯誤在產(chǎn)生原因上，及是否能避免等方面都存在著本質(zhì)的區(qū)別，我們應(yīng)充分認識二者的不同.

　　5.AC

　　【解析】

　　試題分析：由簡諧運動的特點可知，振動物體經(jīng)過同一位置，位移、加速度、速率、動能相同，速度方向可能相同，可能相反，選項B錯誤，選項A正確;根據(jù)簡諧運動的對稱性可得，選項D錯誤，選項C正確;故選AC。

　　考點：此題是對簡諧振動規(guī)律的考查;要知道簡諧振動中加速度和位移具有正比反向的關(guān)系;振動物體經(jīng)過同一位置，位移、加速度、速率、動能相同，速度方向可能相同，可能相反;簡諧振動具有對稱性.

　　6.D

　　【解析】

　　試題分析：地球同步衛(wèi)星即地球同步軌道衛(wèi)星，又稱對地靜止衛(wèi)星，是運行在地球同步軌道上的人造衛(wèi)星，其運行軌道是位于地球赤道平面上的圓形軌道，所以北斗導(dǎo)航衛(wèi)星不可能與東經(jīng)110.5°的經(jīng)線平面重合，而成都不在赤道上，也不可能定點于成都正上方，故A、B錯誤，根據(jù)公式 ，r越大，v越小.同步衛(wèi)星距離地球的高度約為36000 km，其正常運行時的速度比離地350公里高的天宮一號空間站線速度小.故C錯誤;同步衛(wèi)星運行周期與地球自轉(zhuǎn)一周的時間相等均為24h，故D正確。

　　考點：同步衛(wèi)星的特點，地球衛(wèi)星的線速度與高度是關(guān)系。

　　【答案】D

　　【解析】

　　試題分析：麥克斯韋分子速率分布規(guī)律如圖所示，呈現(xiàn)“兩頭大，中間小”的特點，曲線①、③可先排除，曲線②也不對，因為當(dāng)v=0時，f(v)一定為零，且v很大時，f(v)趨于零，所以本題正確是曲線④，故A、B、C錯誤，D正確。

　　考點：本題考查麥克斯韋氣體分子速率分布規(guī)律

　　8.D

　　【解析】設(shè)某時刻的速度為v，則此時的電動勢E=Blv，安培力F安= ，由牛頓第二定律有F安=ma，則金屬棒做加速度減小的減速運動，選項A錯誤;由能量守恒定律知，整個過程中克服安培力做功等于電阻R和金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱之和，即W安=Q- mv ，選項B錯誤，D正確;整個過程中通過導(dǎo)體棒的電荷量q= = = ，得金屬棒在導(dǎo)軌上發(fā)生的位移x= ，選項C錯誤.

　　9.D

　　【解析】

　　試題分析： 只要發(fā)光小球在缸底的光線能從側(cè)面折射出光線，就可以從側(cè)面看到發(fā)光小球，故A選項錯誤;發(fā)光小球由水中射向水面的光線，存在一個全反射臨界角，當(dāng)入射角大于全反射臨界角時，不能從水面射出，故B選項錯誤;折射光不改變光的頻率，故C選項錯誤;由 ，得 ，而 ，故 ，所以D選項正確。

　　考點： 光的折射 全反射 光的頻率

　　10.ACD

　　【解析】

　　試題分析：由圖中讀出這列波的波長是4m，選項A正確;波的周期為4s，故這列波的傳播速度是 ，選項B錯誤;由波動圖像可知，M點開始振動的方向為y軸負向，故M點以后的各質(zhì)點開始振動時的方向都沿-y方向，選項C正確;Q點第一次到達波峰時，波需向右傳播8m，故質(zhì)點Q經(jīng)過 時，第一次到達波峰，選項D正確;振動傳到Q點的時間為： ，故質(zhì)點Q振動11s= ，通過的路程為： ，選項E錯誤。故選ACD.

　　考點：振動圖像和波的圖線。

　　11.CD

　　【解析】

　　試題分析：由于交流電的周期為0.02s，故角速度為100π，而表達式中的角速度顯示為50π，故選項A錯誤;當(dāng)t=0.015s時，sin100π×0.015=sin1.5π=1，故此時的電動勢最大，即發(fā)電機的線圈平面與磁場方向平行，選項B錯誤;因為變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為5:1，故變壓器原、副線圈中的電流之比為1:5，選項C正確;當(dāng)Rt溫度升高時，由于變壓器的副線圈的電壓不變，故電流表的示數(shù)變小，原線圈的電壓也是不變的，故伏特表的讀數(shù)不變，選項D正確。

　　考點：變壓器，交流電的表達式。

　　12.BD

　　【解析】

　　試題分析：由圖可知，粒子向上先做減速運動，再反向做加速運動，且向上過程加速度先增大后減小，而重力不變，說明粒子受電場力應(yīng)向下;故說明粒子均應(yīng)帶負電;由于電場線只能沿豎直方向，故說明兩粒子帶等量負電荷;故AC錯誤，B正確; 時刻之前電場力一直做負功;故電勢能增大;此后電場力做正功，電勢能減小; 時刻電勢能最大;但由于粒子受重力及電場力均向下;故此時加速度不為零，故D正確。

　　考點：電場的疊加;電勢能

　　名師點睛：根據(jù)運動圖象明確粒子的運動情況，再根據(jù)受力分析即可明確粒子的受力情況，從而判斷電場分布;則可得出兩電荷的帶電情況;解決本題的關(guān)鍵根據(jù)圖象中的運動狀態(tài)確定受力，再由電場線的性質(zhì)明確兩電荷的性質(zhì)。

　　13.小于;×100; 紅

　　【解析】

　　試題分析：歐姆表表盤刻度左密右疏，從而估算圖中指針的示數(shù);

　　選擇開關(guān)應(yīng)選的歐姆擋應(yīng)盡量使指針指在中央刻度附近讀數(shù)誤差較小;

　　二極管的特點是：正向電阻很小，反向電阻很大.

　　解：歐姆表表盤刻度左密右疏，則115Ω應(yīng)該在第11和第12刻度線的正中間偏左，則在指針指示位置在第11和第12刻度線的正中間其電阻值小于115Ω;

　　盡量使指針指在中央刻度附近讀數(shù)，測量一個約2000Ω的電阻則應(yīng)使指針指在20的位置，選擇開關(guān)選取×100檔;

　　多用電表測得電阻較小的一次應(yīng)是電流從B(二極管正極)流入，而電流從多用電表黑表筆(接內(nèi)部電源正極)流出，故黑表筆接的是B極，則紅表筆接的是A極，

　　故答案為：小于;×100; 紅.

　　【點評】解決本題要知道多用電表中電流的流向：無論測電流還是電阻都是紅進黑出.還要知道二極管的正向電阻很小，反向電阻很大的特點.

　　14.( = > )

　　【解析】 則角速度相等。而 ，則周期大于。

　　15.(1)400米，(2)30 m/s

　　【解析】

　　試題分析：(1)若飛機靠自身發(fā)動機起飛，飛機初速度為0，加速度 ，末速度為： ，得： (2)彈射裝置使飛機初速度為 ，位移 ，末速度為： ，解得： ;

　　考點：考查了速度位移公式的應(yīng)用

　　16.(1)物體做加速運動時的加速度為0.3m/s2;

　　(2)撤去F后，物體還能滑行0.75s.

　　【解析】解：(1)物體在力F作用下做初速度為零的加速運動，受力如圖

　　水平方向有：Fcos37°﹣f=ma

　　豎直方向有：Fsin37°+N﹣mg=0

　　摩擦力：f=μN

　　帶入數(shù)據(jù)解得a=0.3m/s2

　　(2)撤去外力F后物體在滑動摩擦力作用下做勻減速運動，

　　勻減速運動的初速度為 υ=at1

　　再由速度公式可得，0=υ﹣a′t2

　　加速度為 a′=μg

　　代入數(shù)據(jù)解得t2=0.75s

　　答：(1)物體做加速運動時的加速度為0.3m/s2;

　　(2)撤去F后，物體還能滑行0.75s.

　　【點評】本題是對牛頓運動定律和勻變速直線運動規(guī)律的考查，通過受力分析，掌握好運動規(guī)律就可以求出這道題，難度不是很大.

　　17.2.83 N N =0

　　【解析】當(dāng)加速度a較小時，小球與斜面體一起運動，此時小球受重力、繩拉力和斜面的支持力作用，繩平行于斜面，當(dāng)加速度a足夠大時，小球?qū)?ldquo;飛離”斜面，此時小球受重力和繩的拉力作用，繩與水平方向的夾角未知，題目中要求a=10 m/s2時繩的拉力及斜面的支持力，必須先求出小球離開斜面的臨界加速度a0.(此時，小球所受斜面支持力恰好為零)

　　由mgcotθ=ma0

　　所以a0=gcotθ=7.5 m/s2

　　因為a=10 m/s2>a0

　　所以小球離開斜面N=0，小球受力情況如圖2-7，則Tcosα=ma,

　　Tsinα=mg

　　所以T= =2.83 N, N =0.

　　18.(1)8V

　　(2)2.88W

　　(3)4.0×10-3C.

　　【解析】

　　試題分析：(1)由圖象知，線圈中產(chǎn)生的交變電流的周期T=3.14×10-2s，所以 .

　　(2)電流的最大值 ，有效值 ，則

　　小燈泡消耗的電功率P=I2R=2.88W.

　　(3)在0～ 時間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，電動勢的平均值 ，

　　平均電流 流過燈泡的電荷量 代入解得Q=4.0×10-3C.

　　考點：法拉第電磁感應(yīng)定律;交流電的最大值及有效值

　　【名師點睛】此題是對法拉第電磁感應(yīng)定律的考查;要知道求解交變電流的電功率時要用有效值.在電磁感應(yīng)中通過導(dǎo)體截面的電量經(jīng)驗公式是 ，可以在推導(dǎo)的基礎(chǔ)上記住。