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江蘇省九年級上學期期末數(shù)學試卷

時間: 鄭曉823 分享

  同學們檢驗自己的數(shù)學學習成果最直接的方法便是通過試題,為即將到來的九年級數(shù)學期末考試,同學們要準備哪些期末試卷來復(fù)習呢?下面是學習啦小編為大家?guī)淼年P(guān)于江蘇省九年級上學期期末數(shù)學試卷,希望會給大家?guī)韼椭?/p>

  江蘇省九年級上學期期末數(shù)學試卷:

  一、選擇題(本題共8小題,每小題3分,共24分)

  1.△ABC中,D,E兩點分別在AB,AC邊上,且DE∥BC,如果 ,AC=6,那么AE的長為(  )

  A.3 B.4 C.9 D.12

  【考點】平行線分線段成比例.

  【分析】根據(jù)平行線分線段成比例定理,得到比例式,把已知數(shù)據(jù)代入計算即可.

  【解答】解:∵DE∥BC,

  ∴ = ,又AC=6,

  ∴AE=4,

  故選:B.

  【點評】本題考查平行線分線段成比例定理,正確運用定理、找準對應(yīng)關(guān)系是解題的關(guān)鍵.

  2.下列說法正確的是(  )

  A.一個游戲中獎的概率是 ,則做100次這樣的游戲一定會中獎

  B.為了了解全國中學生的心理健康狀況,應(yīng)采用普查的方式

  C.一組數(shù)據(jù)0,1,2,1,1的眾數(shù)和中位數(shù)都是1

  D.若甲組數(shù)據(jù)的方差S甲2=0.2,乙組數(shù)據(jù)的方差S乙2=0.5,則乙組數(shù)據(jù)比甲組數(shù)據(jù)穩(wěn)定

  【考點】概率的意義;全面調(diào)查與抽樣調(diào)查;中位數(shù);眾數(shù);方差.

  【分析】根據(jù)概率、方差、眾數(shù)、中位數(shù)的定義對各選項進行判斷即可.

  【解答】A、一個游戲中獎的概率是 ,則做100次這樣的游戲有可能中獎一次,該說法錯誤,故本選項錯誤;

  B、為了了解全國中學生的心理健康狀況,應(yīng)采用抽樣調(diào)查的方式,該說法錯誤,故本選項錯誤;

  C、這組數(shù)據(jù)的眾數(shù)是1,中位數(shù)是1,故本選項正確;

  D、方差越大,則平均值的離散程度越大,穩(wěn)定性也越小,則甲組數(shù)據(jù)比乙組穩(wěn)定,故本選項錯誤;

  故選C.

  【點評】本題考查了概率、方差、眾數(shù)、中位數(shù)等知識,屬于基礎(chǔ)題,掌握各知識點是解題的關(guān)鍵.

  3.某種藥品原價為36元/盒,經(jīng)過連續(xù)兩次降價后售價為25元/盒.設(shè)平均每次降價的百分率為x,根據(jù)題意所列方程正確的是(  )

  A.36(1﹣x)2=36﹣25 B.36(1﹣2x)=25 C.36(1﹣x)2=25 D.36(1﹣x2)=25

  【考點】由實際問題抽象出一元二次方程.

  【專題】增長率問題.

  【分析】可先表示出第一次降價后的價格,那么第一次降價后的價格×(1﹣降低的百分率)=25,把相應(yīng)數(shù)值代入即可求解.

  【解答】解:第一次降價后的價格為36×(1﹣x),兩次連續(xù)降價后售價在第一次降價后的價格的基礎(chǔ)上降低x,

  為36×(1﹣x)×(1﹣x),

  則列出的方程是36×(1﹣x)2=25.

  故選:C.

  【點評】考查由實際問題抽象出一元二次方程中求平均變化率的方法.若設(shè)變化前的量為a,變化后的量為b,平均變化率為x,則經(jīng)過兩次變化后的數(shù)量關(guān)系為a(1±x)2=b.

  4.在Rt△ABC中,∠C=90°,AB=6,cosB= ,則BC的長為(  )

  A.4 B.2 C. D.

  【考點】銳角三角函數(shù)的定義.

  【分析】根據(jù)cosB= ,可得 = ,再把AB的長代入可以計算出CB的長.

  【解答】解:∵cosB= ,

  ∴ = ,

  ∵AB=6,

  ∴CB= ×6=4,

  故選:A.

  【點評】此題主要考查了銳角三角函數(shù)的定義,關(guān)鍵是掌握余弦:銳角A的鄰邊b與斜邊c的比叫做∠A的余弦.

  5.兩個相似三角形的面積比為1:4,那么它們的周長比為(  )

  A.1: B.2:1 C.1:4 D.1:2

  【考點】相似三角形的性質(zhì).

  【分析】根據(jù)相似三角形面積的比等于相似比的平方、相似三角形周長的比等于相似比解答即可.

  【解答】解:∵兩個相似三角形的面積比為1:4,

  ∴它們的相似比為1:2,

  ∴它們的周長比為1:2.

  故選:D.

  【點評】本題考查的是相似三角形的性質(zhì),掌握相似三角形面積的比等于相似比的平方、相似三角形周長的比等于相似比是解題的關(guān)鍵.

  6.已知二次函數(shù)y=﹣(x+h)2,當x<﹣3時,y隨x的增大而增大,當x>﹣3時,y隨x的增大而減小,當x=0時,y的值為(  )

  A.﹣1 B.﹣9 C.1 D.9

  【考點】二次函數(shù)的性質(zhì).

  【分析】根據(jù)題意可得二次函數(shù)的對稱軸x=﹣3,進而可得h的值,從而可得函數(shù)解析式y(tǒng)=﹣(x﹣3)2,再把x=0代入函數(shù)解析式可得y的值.

  【解答】解:由題意得:二次函數(shù)y=﹣(x+h)2的對稱軸為x=﹣3,

  故h=﹣3,

  把h=﹣3代入二次函數(shù)y=﹣(x+h)2可得y=﹣(x﹣3)2,

  當x=0時,y=﹣9,

  故選:B.

  【點評】此題主要考查了二次函數(shù)的性質(zhì),關(guān)鍵是掌握二次函數(shù)定點式y(tǒng)=a(x﹣h)2+k,對稱軸為x=h.

  7.線段AB是圓O的直徑,弦CD⊥AB,如果∠BOC=70°,那么∠BAD等于(  )

  A.20° B.30° C.35° D.70°

  【考點】圓周角定理;垂徑定理.

  【專題】計算題.

  【分析】先根據(jù)垂徑定理得到 = ,然后根據(jù)圓周角定理得∠BAD= ∠BOC=35°.

  【解答】解:∵弦CD⊥直徑AB,

  ∴ = ,

  ∴∠BAD= ∠BOC= ×70°=35°.

  故選C.

  【點評】本題考查了圓周角定理:在同圓或等圓中,同弧或等弧所對的圓周角相等,都等于這條弧所對的圓心角的一半.也考查了垂徑定理.

  8.小明為了研究關(guān)于x的方程x2﹣|x|﹣k=0的根的個數(shù)問題,先將該等式轉(zhuǎn)化為x2=|x|+k,再分別畫出函數(shù)y=x2的象與函數(shù)y=|x|+k的象(如),當方程有且只有四個根時,k的取值范圍是(  )

  A.k>0 B.﹣

  【考點】二次函數(shù)的象;一次函數(shù)的象.

  【分析】直接利用根的判別式,進而結(jié)合函數(shù)象得出k的取值范圍.

  【解答】解:當x>0時,y=x+k,y=x2,

  則x2﹣x﹣k=0,

  b2﹣4ac=1+4k>0,

  解得:k>﹣ ,

  當x<0時,y=﹣x+k,y=x2,

  則x2+x﹣k=0,

  b2﹣4ac=1+4k>0,

  解得:k>﹣ ,

  如所示一次函數(shù)一部分要與二次函數(shù)有兩個交點,則k<0,

  故k的取值范圍是:﹣

  故選:B.

  【點評】此題主要考查了二次函數(shù)象與一次函數(shù)象綜合應(yīng)用,正確利用數(shù)形結(jié)合得出是解題關(guān)鍵.

  二、填空題(本題共有10小題,每小題3分,共30分)

  9.已知 = ,則 = ﹣  .

  【考點】比例的性質(zhì).

  【專題】計算題.

  【分析】直接利用分比性質(zhì)計算即可.

  【解答】解:∵ = ,

  ∴ = =﹣ .

  故答案為﹣ .

  【點評】本題考查了比例的性質(zhì):內(nèi)項之積等于外項之積;合比性質(zhì);分比性質(zhì);合分比性質(zhì);等比性質(zhì).

  10.已知圓錐的底面半徑為3,側(cè)面積為15π,則這個圓錐的高為 4 .

  【考點】圓錐的計算;勾股定理.

  【分析】圓錐的側(cè)面積=底面周長×母線長÷2,把相應(yīng)數(shù)值代入即可求得母線長,利用勾股定理即可求得圓錐的高.

  【解答】解:設(shè)圓錐的母線長為R,則15π=2π×3×R÷2,解得R=5,

  ∴圓錐的高= =4.

  【點評】用到的知識點為:圓錐側(cè)面積的求法;圓錐的高,母線長,底面半徑組成直角三角形.

  11.已知關(guān)于x的一元二次方程 有兩個不相等的根,則k的值為 k>﹣3 .

  【考點】根的判別式.

  【分析】方程有兩個不相等的實數(shù)根,則△>0,建立關(guān)于k的不等式,求出k的取值范圍.

  【解答】解:由題意知,△=12+4k>0,

  解得:k>﹣3.

  故答案為:k>﹣3.

  【點評】本題考查了根的判別式的知識,總結(jié):一元二次方程根的情況與判別式△的關(guān)系:

  (1)△>0⇔方程有兩個不相等的實數(shù)根;

  (2)△=0⇔方程有兩個相等的實數(shù)根;

  (3)△<0⇔方程沒有實數(shù)根.

  12.小明把如所示的平行四邊形紙板掛在墻上,完飛鏢游戲(每次飛鏢均落在紙板上,且落在紙板的任何一個點的機會都相等),則飛鏢落在陰影區(qū)域的概率是   .

  【考點】中心對稱形;平行四邊形的性質(zhì).

  【分析】先根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)求出平行四邊形對角線所分的四個三角形面積相等,再求出S1=S2即可.

  【解答】解:根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)可得:平行四邊形的對角線把平行四邊形分成的四個面積相等的三角形,

  根據(jù)平行線的性質(zhì)可得S1=S2,

  則陰影部分的面積占 ,

  則飛鏢落在陰影區(qū)域的概率是 .

  故答案為: .

  【點評】此題主要考查了幾何概率,以及中心對稱形,用到的知識點為:概率=相應(yīng)的面積與總面積之比,關(guān)鍵是根據(jù)平行線的性質(zhì)求出陰影部分的面積與總面積的比.

  13.過圓O內(nèi)一點P的最長的弦,最短弦的長度分別是8cm,6cm,則OP=  cm .

  【考點】垂徑定理;勾股定理.

  【分析】根據(jù)直徑是圓中最長的弦,知該圓的直徑是8cm;最短弦即是過點P且垂直于過點P的直徑的弦;根據(jù)垂徑定理即可求得CP的長,再進一步根據(jù)勾股定理,可以求得OP的長.

  【解答】解:如所示,直徑AB⊥弦CD于點P,

  根據(jù)題意,得AB=8cm,CD=6cm,OC= AB=4cm,

  ∵CD⊥AB,

  ∴CP= CD=3cm.

  根據(jù)勾股定理,得OP= = = (cm),

  故答案為: cm.

  【點評】本題考查了垂徑定理和勾股定理的應(yīng)用,能根據(jù)垂徑定理得出CP= CD是解此題的關(guān)鍵.

  14.在Rt△ABC中,∠C=90°,中線AD,CE相交于G,且CG=3,則AB= 9 .

  【考點】三角形的重心;直角三角形斜邊上的中線.

  【分析】根據(jù)重心的概念得到點G是△ABC的重心,根據(jù)重心的性質(zhì)求出GE,得到CE,根據(jù)在直角三角形中,斜邊上的中線等于斜邊的一半解答即可.

  【解答】解:∵中線AD,CE相交于G,

  ∴點G是△ABC的重心,

  ∴GE= CG=1.5,

  ∴CE=CG+GE=4.5,

  ∵∠C=90°,CE是中線,

  ∴AB=2CE=9.

  故答案為:9.

  【點評】本題考查的是三角形的重心的概念和性質(zhì)、直角三角形的性質(zhì),三角形的重心是三角形三條中線的交點,且重心到頂點的距離是它到對邊中點的距離的2倍,在直角三角形中,斜邊上的中線等于斜邊的一半.

  15.若函數(shù)y=mx2﹣6x+2的象與x軸只有一個公共點,則m= 0或  .

  【考點】拋物線與x軸的交點.

  【專題】計算題;分類討論.

  【分析】根據(jù)函數(shù)y=mx2﹣6x+2的象與x軸只有一個公共點,函數(shù)y=mx2﹣6x+2為一次函數(shù)或二次函數(shù),若為一次函數(shù)則m=0,若為二次函數(shù)則(﹣6)2﹣4×2m=0,從而求得m的值.

  【解答】解:分兩種情況:

 ?、偃魕=mx2﹣6x+2為一次函數(shù),則m=0;

 ?、谌魕=mx2﹣6x+2為二次函數(shù),則(﹣6)2﹣4×2m=0,

  ∴36﹣8m=0,解得m= ,

  故答案為0或 .

  【點評】本題考查了拋物線與x軸的交點問題,當不確定是什么函數(shù)時,要分類討論.

  16.已知(﹣3,m)、(1,m)是拋物線y=2x2+bx+3的兩點,則b= 4 .

  【考點】二次函數(shù)象上點的坐標特征.

  【專題】計算題.

  【分析】由于兩點(﹣3,m)、(1,m)的縱坐標相等,可得到它們是拋物線上的對稱點,于是得到拋物線的對稱軸為直線x=﹣1,再根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)得到﹣ =﹣1,然后解方程即可.

  【解答】解:∵(﹣3,m)、(1,m)是拋物線y=2x2+bx+3的兩點,

  ∴拋物線的對稱軸為直線x=﹣1,

  而拋物線的對稱軸為直線=﹣ ,

  ∴﹣ =﹣1,

  ∴b=4.

  故答案為4.

  【點評】本題考查了二次函數(shù)象上點的坐標特征:二次函數(shù)象上點的坐標滿足其解析式也考查了二次函數(shù)的性質(zhì).

  17.菱形OCBA的頂點B,C在以點O為圓心的弧 上,若∠FOC=∠AOE,OA=1,則扇形OEF的面積為   .

  【考點】扇形面積的計算;菱形的性質(zhì).

  【分析】首先算出扇形OEF的圓心角,然后根據(jù)扇形面積公式S= 進行計算.

  【解答】解:連接OB,

  ∵四邊形OABC為菱形,點B、C在以點O為圓心的 上,若OA=1,∠FOC=∠AOE,

  ∵OA=OB=AB,

  ∴三角形ABO為正三角形,

  ∴∠AOB=60°,

  ∴∠EOF=120°,

  ∴S扇形= = .

  故答案為: .

  【點評】本題主要考查扇形面積的計算和菱形的性質(zhì),關(guān)鍵是掌握菱形四邊相等和扇形面積計算公式.

  18.已知一次函數(shù)y=kx+b的象過點(1,﹣1)且不經(jīng)過第一象限,設(shè)m=k2﹣ b,則m的取值范圍是  ≤m<  .

  【考點】一次函數(shù)的性質(zhì).

  【分析】根據(jù)題意得出﹣1=k+b,k<0,b<0,進而得出m=k2+ k+ =(k+ )2+ ,根據(jù)k的取值,即可求得m的取值范圍.

  【解答】解:∵一次函數(shù)y=kx+b的象過點(1,﹣1)且不經(jīng)過第一象限,

  ∴﹣1=k+b,k<0,b<0,

  ∴b=﹣1﹣k,

  ∵m=k2﹣ b,

  ∴m=k2+ k+ =(k+ )2+ ,

  ∴k=﹣ 時,m有最小值為 ,

  ∵k=0時,m= ,

  ∴ ≤m< .

  【點評】本題考查了一次函數(shù)的性質(zhì),根據(jù)性質(zhì)得出k的取值是解題的關(guān)鍵.

  三、解答題(本題共10小題,共96分,請在答題卡指定區(qū)域內(nèi)作答,解答時應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟)

  19.(1)計算:﹣ +20160+|﹣3|+4cos30°

  (2)解方程:x2+2x﹣8=0.

  【考點】實數(shù)的運算;零指數(shù)冪;解一元二次方程-因式分解法;特殊角的三角函數(shù)值.

  【分析】(1)直接利用二次根式的性質(zhì)以及零指數(shù)冪的性質(zhì)和絕對值的性質(zhì)以及特殊角的三角函數(shù)值化簡各數(shù)進而得出答案;

  (2)直接利用因式分解法解方程得出答案.

  【解答】解:(1)﹣ +20160+|﹣3|+4cos30°

  =﹣2 +1+3+4×

  =4;

  (2)x2+2x﹣8=0

  (x﹣4)(x+2)=0,

  解得:x1=﹣2,x2=4.

  【點評】此題主要考查了因式分解法解方程以及實數(shù)運算,正確化簡各數(shù)是解題關(guān)鍵.

  20.某校為了更好的開展“學校特色體育教育”,從全校2015~2016學年度八年級各組隨機抽取了60名學生,進行各項體育項目的測試,了解他們的身體素質(zhì)情況.下表是整理樣本數(shù)據(jù),得到的關(guān)于每個個體的測試成績的部分統(tǒng)計表、:某校60名學生體育測試成績頻數(shù)分布表

  成績 劃記 頻數(shù) 百分比

  優(yōu)秀 正正正

  a 0.3

  良好 正正正正正正 30 b

  合格 正

  9 0.15

  不合格 c d

  合計

  (說明:40﹣﹣﹣55分為不合格,55﹣﹣﹣70分為合格,70﹣﹣﹣85分為良好,85﹣﹣﹣100分為優(yōu)秀)請根據(jù)以上信息,解答下列問題:

  (1)表中的a= 18 ,b= 0.5 ;c= 3 ;d= 0.05

  (2)請根據(jù)頻數(shù)分布表,畫出相應(yīng)的頻數(shù)分布直方.

  【考點】頻數(shù)(率)分布直方;頻數(shù)(率)分布表.

  【分析】(1)根據(jù)中的劃記即可確定a的值,然后根據(jù)頻率的計算公式求解;

  (2)根據(jù)(1)的結(jié)果即可作出.

  【解答】解:(1)a=18,

  b= =0.5,

  c=60﹣18﹣30﹣9=3,

  d= =0.05.

  故答案是:18,0.5,3,0.05;

  (2)畫出的直方如所示

  【點評】本題考查讀頻數(shù)分布直方的能力和利用統(tǒng)計獲取信息的能力;利用統(tǒng)計獲取信息時,必須認真觀察、分析、研究統(tǒng)計,才能作出正確的判斷和解決問題.

  21.AB是⊙O的直徑,弦DE垂直平分半徑OA,C為垂足,弦DF與半徑OB相交于點P,連接EF、EO,若DE=2 ,∠DPA=45°.

  (1)求⊙O的半徑;

  (2)求中陰影部分的面積.

  【考點】扇形面積的計算;線段垂直平分線的性質(zhì);解直角三角形.

  【分析】(1)根據(jù)垂徑定理得CE的長,再根據(jù)已知DE平分AO得CO= AO= OE,解直角三角形求解.

  (2)先求出扇形的圓心角,再根據(jù)扇形面積和三角形的面積公式計算即可.

  【解答】解:(1)∵直徑AB⊥DE,

  ∴CE= DE= .

  ∵DE平分AO,

  ∴CO= AO= OE.

  又∵∠OCE=90°,

  ∴sin∠CEO= = ,

  ∴∠CEO=30°.

  在Rt△COE中,

  OE= = =2.

  ∴⊙O的半徑為2.

  (2)連接OF.

  在Rt△DCP中,

  ∵∠DPC=45°,

  ∴∠D=90°﹣45°=45°.

  ∴∠EOF=2∠D=90°.

  ∴S扇形OEF= ×π×22=π.

  ∵∠EOF=2∠D=90°,OE=OF=2,

  ∴SRt△OEF= ×OE×OF=2.

  ∴S陰影=S扇形OEF﹣SRt△OEF=π﹣2.

  【點評】此題綜合考查了垂徑定理和解直角三角形及扇形的面積公式.

  22.在一個黑色的布口袋里裝著白、紅、黑三種顏色的小球,它們除了顏色之外沒有其它區(qū)別,其中白球2只、紅球1只、黑球1只.袋中的球已經(jīng)攪勻.

  (1)隨機地從袋中摸出1只球,則摸出白球的概率是多少?

  (2)隨機地從袋中摸出1只球,放回攪勻再摸出第二個球.請你用畫樹狀或列表的方法表示所有等可能的結(jié)果,并求兩次都摸出白球的概率.

  【考點】列表法與樹狀法.

  【分析】(1)讓白球的個數(shù)除以球的總數(shù)即可;

  (2)2次實驗,每次都是4種結(jié)果,列舉出所有情況即可.

  【解答】解:(1)摸出白球的概率是 ;

  (2)列舉所有等可能的結(jié)果,畫樹狀:

  ∴兩次都摸出白球的概率為P(兩白)= = .

  【點評】如果一個事件有n種可能,而且這些事件的可能性相同,其中事件A出現(xiàn)m種結(jié)果,那么事件A的概率P(A)= .注意本題是放回實驗.

  23.已知二次函數(shù)y=﹣ +bx+c的象經(jīng)過A(2,0)、B(0,﹣6)兩點.

  (1)求這個二次函數(shù)的解析式;

  (2)設(shè)該二次函數(shù)的對稱軸與x軸交于點C,連接BA、BC,求△ABC的面積.

  【考點】二次函數(shù)綜合題.

  【專題】綜合題.

  【分析】(1)二次函數(shù)象經(jīng)過A(2,0)、B(0,﹣6)兩點,兩點代入y=﹣ +bx+c,算出b和c,即可得解析式.(2)先求出對稱軸方程,寫出C點的坐標,計算出AC,然后由面積公式計算值.

  【解答】解:(1)把A(2,0)、B(0,﹣6)代入y=﹣ +bx+c,

  得:

  解得 ,

  ∴這個二次函數(shù)的解析式為y=﹣ +4x﹣6.

  (2)∵該拋物線對稱軸為直線x=﹣ =4,

  ∴點C的坐標為(4,0),

  ∴AC=OC﹣OA=4﹣2=2,

  ∴S△ABC= ×AC×OB= ×2×6=6.

  【點評】本題是二次函數(shù)的綜合題,要會求二次函數(shù)的對稱軸,會運用面積公式.

  24.已知AB是⊙O的直徑,C是⊙O上一點,∠BAC的平分線交⊙O于點D,交⊙O的切線BE于點E,過點D作DF⊥AC,交AC的延長線于點F.

  (1)求證:DF是⊙O的切線;

  (2)若DF=3,DE=2.

 ?、偾?值;

  ②求∠FAB的度數(shù).

  【考點】切線的判定;相似三角形的判定與性質(zhì).

  【分析】(1)作輔助線,連接OD.根據(jù)切線的判定定理,只需證DF⊥OD即可;

  (2)①連接BD.根據(jù)BE、DF兩切線的性質(zhì)證明△BDE∽△ABE;又由角平分線的性質(zhì)、等腰三角形的兩個底角相等求得△ABE∽△AFD,所以△BDE∽△AFD;最后由相似三角形的對應(yīng)邊成比例求得 = = ;②連接OC,交AD于G,由①,設(shè)BE=2x,則AD=3x,由于△BDE∽△ABE,得到比例式求得AD=3x=6,BE=2x=4,AE=AD+DE=8,根據(jù)特殊角的三角函數(shù)值即可得到結(jié)果.

  【解答】(1)證明:連結(jié)OD,

  ∵AD平分∠BAC,

  ∴∠DAF=∠DAO,

  ∵OA=OD,

  ∴∠OAD=∠ODA,

  ∴∠DAF=∠ODA,

  ∴AF∥OD,

  ∵DF⊥AC,∴OD⊥DF,

  ∴DF是⊙O的切線,

  (2)解:①連接BD,

  ∵直徑AB,

  ∴∠ADB=90°,

  ∵圓O與BE相切,

  ∴∠ABE=90°,

  ∵∠DAB+∠DBA=∠DBA+∠DBE=90°,

  ∴∠DAB=∠DBE,

  ∴∠DBE=∠FAD,

  ∵∠BDE=∠AFD=90°,

  ∴△BDE∽△AFD,

  ∴ = = ;

 ?、谶B接OC,交AD于G,

  由①,設(shè)BE=2x,則AD=3x,

  ∵△BDE∽△ABE,∴ ,∴ ,

  解得:x1=2,x2=﹣ (不合題意,舍去),

  ∴AD=3x=6,BE=2x=4,AE=AD+DE=8,

  ∴sin∠EAB= ,

  ∴∠EAB=30°,

  ∴∠FAB=60°.

  【點評】本題考查了切線的性質(zhì)、相似三角形的判定與性質(zhì)、勾股定理及扇形面積的計算.比較復(fù)雜,解答此題的關(guān)鍵是作出輔助線,利用數(shù)形結(jié)合解答.

  25.如是某貨站傳送貨物的平面示意.為了提高傳送過程的安全性,工人師傅欲減小傳送帶與地面的夾角,使其由45°改為30°. 已知原傳送帶AB長為4 米.

  (1)求新傳送帶AC的長度.

  (2)如果需要在貨物著地點C的左側(cè)留出2米的通道,試判斷距離B點5米的貨物MNQP是否需要挪走,并說明理由.

  參考數(shù)據(jù): .

  【考點】解直角三角形的應(yīng)用-坡度坡角問題.

  【分析】(1)在構(gòu)建的直角三角形中,首先求出兩個直角三角形的公共直角邊,進而在Rt△ACD中,求出AC的長.

  (2)通過解直角三角形,可求出BD、CD的長,進而可求出BC、PC的長.然后判斷PC的值是否大于2米即可.

  【解答】解:(1)

  在Rt△ABD中,AD=ABsin45°=4 × =4.

  在Rt△ACD中,

  ∵∠ACD=30°,

  ∴AC=2AD=8.

  即新傳送帶AC的長度約為8米;

  (2)結(jié)論:貨物MNQP不用挪走.

  解:在Rt△ABD中,BD=ABcos45°=4 × =4.

  在Rt△ACD中,CD=ACcos30°=2 .

  ∴CB=CD﹣BD=2 ﹣4≈0.9.

  ∵PC=PB﹣CB≈4﹣0.9=3.1>2,

  ∴貨物MNQP不應(yīng)挪走.

  【點評】考查了坡度坡腳問題,應(yīng)用問題盡管題型千變?nèi)f化,但關(guān)鍵是設(shè)法化歸為解直角三角形問題,必要時應(yīng)添加輔助線,構(gòu)造出直角三角形.在兩個直角三角形有公共直角邊時,先求出公共邊的長是解答此類題的基本思路.

  26.科幻小說《實驗室的故事》中,有這樣一個情節(jié):科學家把一種珍奇的植物分別放在不同溫度的環(huán)境中,經(jīng)過一天后,測試出這種植物高度的增長情況(如下表):

  溫度x/℃ … ﹣4 ﹣2 0 2 4 4.5 …

  植物每天高度增長量y/mm … 41 49 49 41 25 19.75 …

  由這些數(shù)據(jù),科學家推測出植物每天高度增長量y是溫度x的函數(shù),且這種函數(shù)是反比例函數(shù)、一次函數(shù)和二次函數(shù)中的一種.

  (1)請你選擇一種適當?shù)暮瘮?shù),求出它的函數(shù)關(guān)系式,并簡要說明不選擇另外兩種函數(shù)的理由;

  (2)溫度為多少時,這種植物每天高度增長量最大?

  (3)如果實驗室溫度保持不變,在10天內(nèi)要使該植物高度增長量的總和超過250mm,那么實驗室的溫度x應(yīng)該在哪個范圍內(nèi)選擇?請直接寫出結(jié)果.

  【考點】二次函數(shù)的應(yīng)用.

  【分析】(1)選擇二次函數(shù),設(shè)y=ax2+bx+c(a≠0),然后選擇x=﹣2、0、2三組數(shù)據(jù),利用待定系數(shù)法求二次函數(shù)解析式即可,再根據(jù)反比例函數(shù)的自變量x不能為0,一次函數(shù)的特點排除另兩種函數(shù);

  (2)把二次函數(shù)解析式整理成頂點式形式,再根據(jù)二次函數(shù)的最值問題解答;

  (3)求出平均每天的高度增長量為25mm,然后根據(jù)y=25求出x的值,再根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)寫出x的取值范圍.

  【解答】解:(1)選擇二次函數(shù),設(shè)y=ax2+bx+c(a≠0),

  ∵x=﹣2時,y=49,

  x=0時,y=49,

  x=2時,y=41,

  ∴ ,

  解得 ,

  所以,y關(guān)于x的函數(shù)關(guān)系式為y=﹣x2﹣2x+49;

  不選另外兩個函數(shù)的理由:

  ∵點(0,49)不可能在反比例函數(shù)象上,

  ∴y不是x的反比例函數(shù);

  ∵點(﹣4,41),(﹣2,49),(2,41)不在同一直線上,

  ∴y不是x的一次函數(shù);

  (2)由(1)得,y=﹣x2﹣2x+49=﹣(x+1)2+50,

  ∵a=﹣1<0,

  ∴當x=﹣1時,y有最大值為50,

  即當溫度為﹣1℃時,這種作物每天高度增長量最大;

  (3)∵10天內(nèi)要使該植物高度增長量的總和超過250mm,

  ∴平均每天該植物高度增長量超過25mm,

  當y=25時,﹣x2﹣2x+49=25,

  整理得,x2+2x﹣24=0,

  解得x1=﹣6,x2=4,

  ∴在10天內(nèi)要使該植物高度增長量的總和超過250mm,實驗室的溫度應(yīng)保持在﹣6℃

  【點評】本題考查了二次函數(shù)的應(yīng)用,主要利用了待定系數(shù)法求二次函數(shù)解析式,二次函數(shù)的最值問題,以及利用二次函數(shù)求不等式,仔細分析表數(shù)據(jù)并熟練掌握二次函數(shù)的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵.

  27.△ABC中,AB=AC,取BC邊的中點D,作DE⊥AC于點E,取DE的中點F,連接BE,AF交于點H.

  (1)如1,如果∠BAC=90°,求證:AF⊥BE并求 的值;

  (2)如2,如果∠BAC=a,求證:AF⊥BE并用含a的式子表示 .

  【考點】相似三角形的判定與性質(zhì).

  【分析】連接AD,根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)可得∠ABC=∠C,∠BAD= ∠BAC,AD⊥BC,然后根據(jù)同角的余角相等可得∠ADE=∠C.易證△ADB∽△DEC,可得AD•CE=BD•DE.由此可得AD•CE= BC•2DF=BC•DF,即 ,由此可證到△AFD∽△BEC,則有 ,在Rt△ADB中根據(jù)三角函數(shù)的定義可得tan∠ABD=tan(90°﹣ ∠BAC)= = ,從而可得 = tan(90°﹣ ∠BAC).由△AFD∽△BEC可得∠DAF=∠CBE,即可得到∠DAF+∠AOH=∠CBE+∠BOD=90°,即可得到∠AHB=90°.利用以上結(jié)論即可解決題中的兩個問題.

  【解答】解:如1,連接AD,

  ∵AB=AC,點D是BC的中點,

  ∴∠ABC=∠C,∠BAD=∠DAC= ∠BAC,AD⊥BC,

  ∵AD⊥BC,DE⊥AC,

  ∴∠ADE+∠CDE=90°,∠C+∠CDE=90°,

  ∴∠ADE=∠C.

  又∵∠ADB=∠DEC=90°,

  ∴△ADB∽△DEC,

  ∴ ,

  即AD•CE=BD•DE.

  ∵點D是BC的中點,點F是DE的中點,

  ∴BD= BC,DE=2DF,

  ∴AD•CE═ BC•2DF=BC•DF,

  ∴ ,

  又∵∠ADE=∠C,

  ∴△AFD∽△BEC,

  ∴ ,

  在Rt△ADB中,

  ∵∠ABD=90°﹣∠BAD=90°﹣ ∠BAC,BD= BC,

  ∴tan∠ABD=tan(90°﹣ ∠BAC)= = ,

  ∴ = tan(90°﹣ ∠BAC).

  ∵△AFD∽△BEC,

  ∴∠DAF=∠CBE.

  ∵∠CBE+∠BOD=90°,∠AOH=∠BOD,

  ∴∠DAF+∠AOH=∠CBE+∠BOD=90°,

  ∴∠AHO=180°﹣90°=90°,即∠AHB=90°,

  (1)如1,

  根據(jù)以上結(jié)論可得:

  ∠AHB=90°, = tan(90°﹣ ×90°)= ;

  ∴AF⊥BE, = ;

  (2)如2,

  根據(jù)以上結(jié)論可得:∠AHB=90°, = tan(90°﹣ α);

  ∴AF⊥BE, = tan(90°﹣ α).

  【點評】本題主要考查的是相似三角形的判定與性質(zhì)、三角函數(shù)的定義、等腰三角形的性質(zhì)、同角的余角相等等知識,證到△AFD∽△BEC是解決本題的關(guān)鍵.

  28.二次函數(shù)y=ax2+bx﹣2的象交x軸于A(1,0)、B(﹣2,0),交y軸于點C,連接直線AC.

  (1)求二次函數(shù)的解析式;

  (2)點P在二次函數(shù)的象上,圓P與直線AC相切,切點為H.

 ?、偃鬚在y軸的左側(cè),且△CHP∽△AOC,求點P的坐標;

 ?、谌魣AP的半徑為4,求點P的坐標.

  【考點】二次函數(shù)綜合題.

  【分析】(1)將A、B兩點的坐標代入拋物線的解析式,得到關(guān)于a、b的二元一次方程組,從而可求得a、b的值;

  (2)①由切線的性質(zhì)可知PH⊥AC,當H在點C下方時,由△CHP∽△AOC可知∠PCH=∠CAO從而可證明CP∥x軸,于是得到y(tǒng)P=﹣2,yP=﹣2代入拋物線的解析式可求得x1=0(舍去),x2=﹣1,從而可求得P(﹣1,﹣2);如1,當H′在點C上方時,由相似三角形的性質(zhì)可知:∠P′CH′=∠CAO,故此QA=QC,設(shè)OQ=m,則QC=QA=m+1,在Rt△QOC中,由勾股定理可求得m的值,從而得到點Q的坐標,然后利用待定系數(shù)法求得直線C P′的解析式為y=﹣ x﹣2,然后將CP′與拋物線的解析式聯(lián)立可求得點P′的坐標為(﹣ , ).

  (3)在x軸上取一點D,如(2),過點D作DE⊥AC于點E,使DE=4.在Rt△AOC中,由勾股定理可知AC= ,由題意可知證明△AED∽△AOC,由相似三角形的性質(zhì)可求得AD=2 ,故此可得到點D的坐標為D(1﹣2 ,0)或D(1+2 ,0),過點D作DP∥AC,交拋物線于P,利用待定系數(shù)法可求得直線AC的解析式為y=2x﹣2,于是得到直線PD的解析式為y=2x+4 ﹣2或y=2x﹣4 ﹣2,將直線PD的解析式與拋物線的解析式聯(lián)立可求得點P的坐標.

  【解答】解:(1)∵將x=1,y=0,x=﹣2,y=0代入y=ax2+bx﹣2得 ,解得: ,

  ∴拋物線的解析式為y=x2+x﹣2.

  (2)解①∵圓P與直線AC相切,

  ∴PH⊥AC.

  (i)如1,當H在點C下方時,

  ①∵△CHP∽△AOC,

  ∴∠PCH=∠CAO.

  ∴CP∥x軸.

  ∴yP=﹣2.

  ∴x2+x﹣2=﹣2.

  解得x1=0(舍去),x2=﹣1,

  ∴P(﹣1,﹣2).

  (ii)如1,當H′在點C上方時.

  ∵∠P′CH′=∠CAO,

  ∴QA=QC,

  設(shè)OQ=m,則QC=QA=m+1,

  在Rt△QOC中,由勾股定理,得m2+22=(m+1)2,解得,m= ,即OQ= ;

  設(shè)直線C P′的解析式為y=kx﹣2,

  把Q(﹣ ,0)的坐標代入,得 k﹣2=0,解得k=﹣ ,∴y=﹣ x﹣2,

  由﹣ x﹣2=x2+x﹣2,解得x1=0(舍去),x2= ,此時y=﹣ ×(﹣ )﹣2= ,

  ∴P′(﹣ , ).

  ∴點P的坐標為(﹣1,﹣2)或(﹣ , )

 ?、谠趚軸上取一點D,如(2),過點D作DE⊥AC于點E,使DE=4.

  在Rt△AOC中,AC= = = ,

  ∵∠COA=∠DEA=90°,∠OAC=∠EAD,

  ∴△AED∽△AOC.

  ∴ ,即 = ,解得AD=2 ,

  ∴D(1﹣2 ,0)或D(1+2 ,0).

  過點D作DP∥AC,交拋物線于P,設(shè)直線AC的解析式為y=kx+b.

  將點A、C的坐標代入拋物線的解析式得到: .

  解得: .

  ∴直線AC的解析式為y=2x﹣2.

  ∴直線PD的解析式為y=2x+4 ﹣2或y=2x﹣4 ﹣2,

  當2x+4 ﹣2=x2+x﹣2時,即x2﹣x﹣4 =0,解得x1= ,x2= ;

  當2x﹣4 ﹣2=x2+x﹣2時,即x2﹣x+4 =0,方程無實數(shù)根.

  ∴點P的坐標為( , ﹣1)或( ,﹣ ).

  【點評】本題主要考查的是二次函數(shù)的綜合應(yīng)用,解答本題主要應(yīng)用了切線的性質(zhì)、相似三角形的性質(zhì)和判定、待定系數(shù)法求一次函數(shù)和二次函數(shù)的解析式、勾股定理等知識點,求得點Q的坐標和點D的坐標是解題的關(guān)鍵.


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