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2018中考備考數(shù)學(xué)練習(xí)試卷真題

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2018中考備考數(shù)學(xué)練習(xí)試卷真題

  2018年對(duì)即將中考的同學(xué)來說,注定是忙碌的一年,怎么在這段時(shí)間提升數(shù)學(xué)成績(jī)呢?其實(shí)可以多做數(shù)學(xué)試卷。下面由學(xué)習(xí)啦小編為大家提供關(guān)于2018中考備考數(shù)學(xué)練習(xí)試卷,希望對(duì)大家有幫助!

  2018中考備考數(shù)學(xué)練習(xí)試卷一、選擇題

  (每小題3分,共30分)

  1.如圖,直線AB,CD被直線EF所截,∠1=55°,下列條件中能判定AB∥CD的是(  )

  A.∠2=35° B.∠2=45° C.∠2=55° D.∠2=125°

  【考點(diǎn)】J9:平行線的判定.

  【分析】根據(jù)平行線的判定定理對(duì)各選項(xiàng)進(jìn)行逐一判斷即可.

  【解答】解:A、由∠3=∠2=35°,∠1=55°推知∠1≠∠3,故不能判定AB∥CD,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤;

  B、由∠3=∠2=45°,∠1=55°推知∠1≠∠3,故不能判定AB∥CD,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤;

  C、由∠3=∠2=55°,∠1=55°推知∠1=∠3,故能判定AB∥CD,故本選項(xiàng)正確;

  D、由∠3=∠2=125°,∠1=55°推知∠1≠∠3,故不能判定AB∥CD,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤;

  故選:C.

  2.某企業(yè)的年收入約為700000元,數(shù)據(jù)“700000”用科學(xué)記數(shù)法可表示為(  )

  A.0.7×106 B.7×105 C.7×104 D.70×104

  【考點(diǎn)】1I:科學(xué)記數(shù)法—表示較大的數(shù).

  【分析】科學(xué)記數(shù)法的表示形式為a×10n的形式,其中1≤|a|<10,n為整數(shù).確定n的值時(shí),要看把原數(shù)變成a時(shí),小數(shù)點(diǎn)移動(dòng)了多少位,n的絕對(duì)值與小數(shù)點(diǎn)移動(dòng)的位數(shù)相同.當(dāng)原數(shù)絕對(duì)值>1時(shí),n是正數(shù);當(dāng)原數(shù)的絕對(duì)值<1時(shí),n是負(fù)數(shù).

  【解答】解:數(shù)據(jù)“700000”用科學(xué)記數(shù)法可表示為7×105.

  故選:B.

  3.下列運(yùn)算正確的是(  )

  A.3a+2a=5a2 B.3a+3b=3ab

  C.2a2bc﹣a2bc=a2bc D.a5﹣a2=a3

  【考點(diǎn)】35:合并同類項(xiàng).

  【分析】分別對(duì)每一個(gè)選項(xiàng)進(jìn)行合并同類項(xiàng),即可解題.

  【解答】解:A、3a+2a=5a,A選項(xiàng)錯(cuò)誤;

  B、3a+3b=3(a+b),B選項(xiàng)錯(cuò)誤;

  C、2a2bc﹣a2bc=a2bc,C選項(xiàng)正確;

  D、a5﹣a2=a2(a3﹣1),D選項(xiàng)錯(cuò)誤;

  故選 C.

  4.正方形的正投影不可能是(  )

  A.線段 B.矩形 C.正方形 D.梯形

  【考點(diǎn)】U5:平行投影.

  【分析】根據(jù)平行投影的特點(diǎn):在同一時(shí)刻,平行物體的投影仍舊平行,即可得出答案.

  【解答】解:在同一時(shí)刻,平行物體的投影仍舊平行.得到的應(yīng)是平行四邊形或特殊的平行四邊形或線段.

  故正方形紙板ABCD的正投影不可能是梯形,

  故選:D.

  5.不等式組 的解集是(  )

  A.x≤4 B.22

  【考點(diǎn)】CB:解一元一次不等式組.

  【分析】分別求出每一個(gè)不等式的解集,根據(jù)口訣:同大取大、同小取小、大小小大中間找、大大小小無解了確定不等式組的解集.

  【解答】解:解不等式x﹣1≤3,得:x≤4,

  解不等式x+1>3,得:x>2,

  ∴不等式組的解集為2

  故選:B.

  6.如圖,△A′B′C′是△ABC以點(diǎn)O為位似中心經(jīng)過位似變換得到的,若△A′B′C′的面積與△ABC的面積比是4:9,則OB′:OB為(  )

  A.2:3 B.3:2 C.4:5 D.4:9

  【考點(diǎn)】SC:位似變換.

  【分析】先求出位似比,根據(jù)位似比等于相似比,再由相似三角形的面積比等于相似比的平方即可.

  【解答】解:由位似變換的性質(zhì)可知,A′B′∥AB,A′C′∥AC,

  ∴△A′B′C′∽△ABC.

  ∵△A'B'C'與△ABC的面積的比4:9,

  ∴△A'B'C'與△ABC的相似比為2:3,

  ∴ =

  故選:A.

  7.從一副洗勻的普通撲克牌中隨機(jī)抽取一張,則抽出紅桃的概率是(  )

  A. B. C. D.

  【考點(diǎn)】X4:概率公式.

  【分析】讓紅桃的張數(shù)除以撲克牌的總張數(shù)即為所求的概率.

  【解答】解:∵一副撲克牌共54張,其中紅桃13張,∴隨機(jī)抽出一張牌得到紅桃的概率是 .

  故選B.

  8.在同一平面直角坐標(biāo)系中,直線y=4x+1與直線y=﹣x+b的交點(diǎn)不可能在(  )

  A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限

  【考點(diǎn)】FF:兩條直線相交或平行問題.

  【分析】根據(jù)一次函數(shù)的性質(zhì)確定兩條直線所經(jīng)過的象限可得結(jié)果.

  【解答】解:直線y=4x+1過一、二、三象限;

  當(dāng)b>0時(shí),直線y=﹣x+b過一、二、四象限,

  兩直線交點(diǎn)可能在一或二象限;

  當(dāng)b<0時(shí),直線y=﹣x+b過二、三、四象限,

  兩直線交點(diǎn)可能在二或三象限;

  綜上所述,直線y=4x+1與直線y=﹣x+b的交點(diǎn)不可能在第四象限,

  故選D.

  9.某樓梯的側(cè)面如圖所示,已測(cè)得BC的長(zhǎng)約為3.5米,∠BCA約為29°,則該樓梯的高度AB可表示為(  )

  A.3.5sin29°米 B.3.5cos29°米 C.3.5tan29°米 D. 米

  【考點(diǎn)】T9:解直角三角形的應(yīng)用﹣坡度坡角問題.

  【分析】由sin∠ACB= 得AB=BCsin∠ACB=3.5sin29°.

  【解答】解:在Rt△ABC中,∵sin∠ACB= ,

  ∴AB=BCsin∠ACB=3.5sin29°,

  故選:A.

  10.如圖,在▱ABCD中,AC,BD相交于點(diǎn)O,點(diǎn)E是OA的中點(diǎn),連接BE并延長(zhǎng)交AD于點(diǎn)F,已知S△AEF=4,則下列結(jié)論:① = ;②S△BCE=36;③S△ABE=12;④△AEF~△ACD,其中一定正確的是(  )

  A.①②③④ B.①④ C.②③④ D.①②③

  【考點(diǎn)】S9:相似三角形的判定與性質(zhì);L5:平行四邊形的性質(zhì).

  【分析】根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)得到AE= CE,根據(jù)相似三角形的性質(zhì)得到 = = ,等量代換得到AF= AD,于是得到 = ;故①正確;根據(jù)相似三角形的性質(zhì)得到S△BCE=36;故②正確;根據(jù)三角形的面積公式得到S△ABE=12,故③正確;由于△AEF與△ADC只有一個(gè)角相等,于是得到△AEF與△ACD不一定相似,故④錯(cuò)誤.

  【解答】解:∵在▱ABCD中,AO= AC,

  ∵點(diǎn)E是OA的中點(diǎn),

  ∴AE= CE,

  ∵AD∥BC,

  ∴△AFE∽△CBE,

  ∴ = = ,

  ∵AD=BC,

  ∴AF= AD,

  ∴ = ;故①正確;

  ∵S△AEF=4, =( )2= ,

  ∴S△BCE=36;故②正確;

  ∵ = = ,

  ∴ = ,

  ∴S△ABE=12,故③正確;

  ∵BF不平行于CD,

  ∴△AEF與△ADC只有一個(gè)角相等,

  ∴△AEF與△ACD不一定相似,故④錯(cuò)誤,

  故選D.

  2018中考備考數(shù)學(xué)練習(xí)試卷二、填空題

  (每小題3分,共33分)

  11.﹣ 的絕對(duì)值是   .

  【考點(diǎn)】15:絕對(duì)值.

  【分析】根據(jù)絕對(duì)值的性質(zhì)求解.

  【解答】解:根據(jù)負(fù)數(shù)的絕對(duì)值等于它的相反數(shù),得| |= .

  12.函數(shù)y= 中,自變量x的取值范圍是 x≤2 .

  【考點(diǎn)】E4:函數(shù)自變量的取值范圍.

  【分析】根據(jù)二次根式的性質(zhì),被開方數(shù)大于或等于0,可以求出x的范圍.

  【解答】解:根據(jù)題意得:2﹣x≥0,解得:x≤2.

  故答案是:x≤2.

  13.一個(gè)多邊形的內(nèi)角和等于900°,則這個(gè)多邊形是 七 邊形.

  【考點(diǎn)】L3:多邊形內(nèi)角與外角.

  【分析】根據(jù)多邊形的內(nèi)角和,可得答案.

  【解答】解:設(shè)多邊形為n邊形,由題意,得

  (n﹣2)•180°=900,

  解得n=7,

  故答案為:七.

  14.因式分解:x2﹣9= (x+3)(x﹣3) .

  【考點(diǎn)】54:因式分解﹣運(yùn)用公式法.

  【分析】原式利用平方差公式分解即可.

  【解答】解:原式=(x+3)(x﹣3),

  故答案為:(x+3)(x﹣3).

  15.計(jì)算:( + )• =   .

  【考點(diǎn)】6C:分式的混合運(yùn)算.

  【分析】根據(jù)分式的運(yùn)算法則即可求出答案.

  【解答】解:原式= ×

  =

  故答案為:

  16.一個(gè)扇形的半徑為3cm,弧長(zhǎng)為2πcm,則此扇形的面積為 3π cm2(用含π的式子表示)

  【考點(diǎn)】MO:扇形面積的計(jì)算;MN:弧長(zhǎng)的計(jì)算.

  【分析】利用扇形面積公式計(jì)算即可得到結(jié)果.

  【解答】解:根據(jù)題意得:S= Rl= ×2π×3=3π,

  則此扇形的面積為3πcm2,

  故答案為:3π

  17.在一次射擊訓(xùn)練中,某位選手五次射擊的環(huán)數(shù)分別為5,8,7,6,9,則這位選手五次射擊環(huán)數(shù)的方差為 2 .

  【考點(diǎn)】W7:方差.

  【分析】運(yùn)用方差公式S2= [(x1﹣ )2+(x2﹣ )2+…+(xn﹣ )2],代入數(shù)據(jù)求出即可.

  【解答】解:五次射擊的平均成績(jī)?yōu)?= (5+7+8+6+9)=7,

  方差S2= [(5﹣7)2+(8﹣7)2+(7﹣7)2+(6﹣7)2+(9﹣7)2]=2.

  故答案為:2.

  18.半徑為2的圓內(nèi)接正三角形,正四邊形,正六邊形的邊心距之比為 1: :  .

  【考點(diǎn)】MM:正多邊形和圓.

  【分析】根據(jù)題意可以求得半徑為2的圓內(nèi)接正三角形,正四邊形,正六邊形的邊心距,從而可以求得它們的比值.

  【解答】解:由題意可得,

  正三角形的邊心距是:2×sin30°=2× =1,

  正四邊形的邊心距是:2×sin45°=2× ,

  正六邊形的邊心距是:2×sin60°=2× ,

  ∴半徑為2的圓內(nèi)接正三角形,正四邊形,正六邊形的邊心距之比為:1: : ,

  故答案為:1: : .

  19.已知反比例函數(shù)y= ,當(dāng)x>3時(shí),y的取值范圍是 0

  【考點(diǎn)】G4:反比例函數(shù)的性質(zhì).

  【分析】根據(jù)反比例函數(shù)的性質(zhì)可以得到反比例函數(shù)y= ,當(dāng)x>3時(shí),y的取值范圍.

  【解答】解:∵y= ,6>0,

  ∴當(dāng)x>0時(shí),y隨x的增大而減小,當(dāng)x=3時(shí),y=2,

  ∴當(dāng)x>3時(shí),y的取值范圍是0

  故答案為:0

  20.在等腰△ABC中,AD⊥BC交直線BC于點(diǎn)D,若AD= BC,則△ABC的頂角的度數(shù)為 30°或150°或90° .

  【考點(diǎn)】KO:含30度角的直角三角形;KH:等腰三角形的性質(zhì).

  【分析】分兩種情況;①BC為腰,②BC為底,根據(jù)直角三角形30°角所對(duì)的直角邊等于斜邊的一半判斷出∠ACD=30°,然后分AD在△ABC內(nèi)部和外部?jī)煞N情況求解即可.

  【解答】解:①BC為腰,

  ∵AD⊥BC于點(diǎn)D,AD= BC,

  ∴∠ACD=30°,

  如圖1,AD在△ABC內(nèi)部時(shí),頂角∠C=30°,

  如圖2,AD在△ABC外部時(shí),頂角∠ACB=180°﹣30°=150°,

 ?、贐C為底,如圖3,

  ∵AD⊥BC于點(diǎn)D,AD= BC,

  ∴AD=BD=CD,

  ∴∠B=∠BAD,∠C=∠CAD,

  ∴∠BAD+∠CAD= ×180°=90°,

  ∴頂角∠BAC=90°,

  綜上所述,等腰三角形ABC的頂角度數(shù)為30°或150°或90°.

  故答案為:30°或150°或90°.

  21.如圖,順次連接腰長(zhǎng)為2的等腰直角三角形各邊中點(diǎn)得到第1個(gè)小三角形,再順次連接所得的小三角形各邊中點(diǎn)得到第2個(gè)小三角形,如此操作下去,則第n個(gè)小三角形的面積為   .

  【考點(diǎn)】KX:三角形中位線定理;KW:等腰直角三角形.

  【分析】記原來三角形的面積為s,第一個(gè)小三角形的面積為s1,第二個(gè)小三角形的面積為s2,…,求出s1,s2,s3,探究規(guī)律后即可解決問題.

  【解答】解:記原來三角形的面積為s,第一個(gè)小三角形的面積為s1,第二個(gè)小三角形的面積為s2,…,

  ∵s1= •s= •s,

  s2= • s= •s,

  s3= •s,

  ∴sn= •s= • •2•2= ,

  故答案為 .

  2018中考備考數(shù)學(xué)練習(xí)試卷三、解答題

  (本題共8小題,共57分)

  22.如圖,A、B、C為某公園的三個(gè)景點(diǎn),景點(diǎn)A和景點(diǎn)B之間有一條筆直的小路,現(xiàn)要在小路上建一個(gè)涼亭P,使景點(diǎn)B、景點(diǎn)C到?jīng)鐾的距離之和等于景點(diǎn)B到景點(diǎn)A的距離,請(qǐng)用直尺和圓規(guī)在所給的圖中作出點(diǎn)P.(不寫作法和證明,只保留作圖痕跡)

  【考點(diǎn)】N4:作圖—應(yīng)用與設(shè)計(jì)作圖.

  【分析】如圖,連接AC,作線段AC的垂直平分線MN,直線MN交AB于P.點(diǎn)P即為所求的點(diǎn).

  【解答】解:如圖,連接AC,作線段AC的垂直平分線MN,直線MN交AB于P.

  點(diǎn)P即為所求的點(diǎn).

  理由:∵M(jìn)N垂直平分線段AC,

  ∴PA=PC,

  ∴PC+PB=PA+PB=AB.

  23.某校為了解學(xué)生每天參加戶外活動(dòng)的情況,隨機(jī)抽查了100名學(xué)生每天參加戶外活動(dòng)的時(shí)間情況,并將抽查結(jié)果繪制成如圖所示的扇形統(tǒng)計(jì)圖.

  請(qǐng)你根據(jù)圖中提供的信息解答下列問題:

  (1)請(qǐng)直接寫出圖a的值,并求出本次抽查中學(xué)生每天參加戶外活動(dòng)時(shí)間的中位數(shù);

  (2)求本次抽查中學(xué)生每天參加戶外活動(dòng)的平均時(shí)間.

  【考點(diǎn)】VB:扇形統(tǒng)計(jì)圖;W2:加權(quán)平均數(shù);W4:中位數(shù).

  【分析】(1)用1減去其它組的百分比即可求得a的值,然后求得各組的人數(shù),根據(jù)中位數(shù)定義求得中位數(shù);

  (2)利用加權(quán)平均數(shù)公式即可求解.

  【解答】解:(1)a=1﹣15%﹣25%﹣40%=20%.

  100×20%=20(人),

  100×40%=40(人),

  100×25%=25(人),

  100×15%=15(人).

  則本次抽查中學(xué)生每天參加活動(dòng)時(shí)間的中位數(shù)是1;

  (2) =1.175(小時(shí)).

  答:本次抽查中學(xué)生每天參加戶外活動(dòng)的平均時(shí)間是1.175小時(shí).

  24.已知關(guān)于x的一元二次方程x2+(2m+1)x+m2﹣4=0

  (1)當(dāng)m為何值時(shí),方程有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根?

  (2)若邊長(zhǎng)為5的菱形的兩條對(duì)角線的長(zhǎng)分別為方程兩根的2倍,求m的值.

  【考點(diǎn)】AA:根的判別式;AB:根與系數(shù)的關(guān)系;L8:菱形的性質(zhì).

  【分析】(1)根據(jù)方程的系數(shù)結(jié)合根的判別式,即可得出△=4m+17>0,解之即可得出結(jié)論;

  (2)設(shè)方程的兩根分別為a、b,根據(jù)根與系數(shù)的關(guān)系結(jié)合菱形的性質(zhì),即可得出關(guān)于m的一元二次方程,解之即可得出m的值,再根據(jù)a+b=﹣2m﹣1>0,即可確定m的值.

  【解答】解:(1)∵方程x2+(2m+1)x+m2﹣4=0有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根,

  ∴△=(2m+1)2﹣4(m2﹣4)=4m+17>0,

  解得:m>﹣ .

  ∴當(dāng)m>﹣ 時(shí),方程有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根.

  (2)設(shè)方程的兩根分別為a、b,

  根據(jù)題意得:a+b=﹣2m﹣1,ab=m2﹣4.

  ∵2a、2b為邊長(zhǎng)為5的菱形的兩條對(duì)角線的長(zhǎng),

  ∴a2+b2=(a+b)2﹣2ab=(﹣2m﹣1)2﹣2(m2﹣4)=2m2+4m+9=52=25,

  解得:m=﹣4或m=2.

  ∵a>0,b>0,

  ∴a+b=﹣2m﹣1>0,

  ∴m=﹣4.

  若邊長(zhǎng)為5的菱形的兩條對(duì)角線的長(zhǎng)分別為方程兩根的2倍,則m的值為﹣4.

  25.甲、乙兩個(gè)工程隊(duì)計(jì)劃修建一條長(zhǎng)15千米的鄉(xiāng)村公路,已知甲工程隊(duì)每天比乙工程隊(duì)每天多修路0.5千米,乙工程隊(duì)單獨(dú)完成修路任務(wù)所需天數(shù)是甲工程隊(duì)單獨(dú)完成修路任務(wù)所需天數(shù)的1.5倍.

  (1)求甲、乙兩個(gè)工程隊(duì)每天各修路多少千米?

  (2)若甲工程隊(duì)每天的修路費(fèi)用為0.5萬元,乙工程隊(duì)每天的修路費(fèi)用為0.4萬元,要使兩個(gè)工程隊(duì)修路總費(fèi)用不超過5.2萬元,甲工程隊(duì)至少修路多少天?

  【考點(diǎn)】B7:分式方程的應(yīng)用;C9:一元一次不等式的應(yīng)用.

  【分析】(1)可設(shè)甲每天修路x千米,則乙每天修路(x﹣0.5)千米,則可表示出修路所用的時(shí)間,可列分式方程,求解即可;

  (2)設(shè)甲修路a天,則可表示出乙修路的天數(shù),從而可表示出兩個(gè)工程隊(duì)修路的總費(fèi)用,由題意可列不等式,求解即可.

  【解答】解:

  (1)設(shè)甲每天修路x千米,則乙每天修路(x﹣0.5)千米,

  根據(jù)題意,可列方程:1.5× = ,

  解得x=1.5,

  經(jīng)檢驗(yàn)x=1.5是原方程的解,且x﹣0.5=1,

  答:甲每天修路1.5千米,則乙每天修路1千米;

  (2)設(shè)甲修路a天,則乙需要修(15﹣1.5a)千米,

  ∴乙需要修路 =15﹣1.5a(天),

  由題意可得0.5a+0.4(15﹣1.5a)≤5.2,

  解得a≥8,

  答:甲工程隊(duì)至少修路8天.

  26.如圖,梯形ABCD中,AD∥BC,AE⊥BC于E,∠ADC的平分線交AE于點(diǎn)O,以點(diǎn)O為圓心,OA為半徑的圓經(jīng)過點(diǎn)B,交BC于另一點(diǎn)F.

  (1)求證:CD與⊙O相切;

  (2)若BF=24,OE=5,求tan∠ABC的值.

  【考點(diǎn)】ME:切線的判定與性質(zhì);LH:梯形;T7:解直角三角形.

  【分析】(1)過點(diǎn)O作OG⊥DC,垂足為G.先證明∠OAD=90°,從而得到∠OAD=∠OGD=90°,然后利用AAS可證明△ADO≌△GDO,則OA=OG=r,則DC是⊙O的切線;

  (2)連接OF,依據(jù)垂徑定理可知BE=EF=12,在Rt△OEF中,依據(jù)勾股定理可知求得OF=13,然后可得到AE的長(zhǎng),最后在Rt△ABE中,利用銳角三角函數(shù)的定義求解即可.

  【解答】解:(1)過點(diǎn)O作OG⊥DC,垂足為G.

  ∵AD∥BC,AE⊥BC于E,

  ∴OA⊥AD.

  ∴∠OAD=∠OGD=90°.

  在△ADO和△GDO中 ,

  ∴△ADO≌△GDO.

  ∴OA=OG.

  ∴DC是⊙O的切線.

  (2)如圖所示:連接OF.

  ∵OA⊥BC,

  ∴BE=EF= BF=12.

  在Rt△OEF中,OE=5,EF=12,

  ∴OF= =13.

  ∴AE=OA+OE=13+5=18.

  ∴tan∠ABC= = .

  27.一輛轎車從甲城駛往乙城,同時(shí)一輛卡車從乙城駛往甲城,兩車沿相同路線勻速行駛,轎車到達(dá)乙城停留一段時(shí)間后,按原路原速返回甲城;卡車到達(dá)甲城比轎車返回甲城早0.5小時(shí),轎車比卡車每小時(shí)多行駛60千米,兩車到達(dá)甲城弧均停止行駛,兩車之間的路程y(千米)與轎車行駛時(shí)間t(小時(shí))的函數(shù)圖象如圖所示,請(qǐng)結(jié)合圖象提供的信息解答下列問題:

  (1)請(qǐng)直接寫出甲城和乙城之間的路程,并求出轎車和卡車的速度;

  (2)求轎車在乙城停留的時(shí)間,并直接寫出點(diǎn)D的坐標(biāo);

  (3)請(qǐng)直接寫出轎車從乙城返回甲城過程中離甲城的路程s(千米)與轎車行駛時(shí)間t(小時(shí))之間的函數(shù)關(guān)系式(不要求寫出自變量的取值范圍).

  【考點(diǎn)】FH:一次函數(shù)的應(yīng)用.

  【分析】(1)根據(jù)圖象可知甲城和乙城之間的路程為180千米,設(shè)卡車的速度為x千米/時(shí),則轎車的速度為(x+60)千米/時(shí),由B(1,0)可得x+(x+60)=180

  可得結(jié)果;

  (2)根據(jù)(1)中所得速度可得卡車和轎車全程所用的時(shí)間,利用卡車所用的總時(shí)間減去轎車來回所用時(shí)間可得結(jié)論;

  (3)根據(jù)s=180﹣120×(t﹣0.5﹣0.5)可得結(jié)果.

  【解答】解:(1)甲城和乙城之間的路程為180千米,

  設(shè)卡車的速度為x千米/時(shí),則轎車的速度為(x+60)千米/時(shí),由B(1,0)得,x+(x+60)=180

  解得x=60,

  ∴x+60=120,

  ∴轎車和卡車的速度分別為120千米/時(shí)和60千米/時(shí);

  (2)卡車到達(dá)甲城需180÷60=3(小時(shí))

  轎車從甲城到乙城需180÷120=1.5(小時(shí))

  3+0.5﹣1.5×2=0.5(小時(shí))

  ∴轎車在乙城停留了0.5小時(shí),

  點(diǎn)D的坐標(biāo)為(2,120);

  (3)s=180﹣120×(t﹣0.5﹣0.5)=﹣120t+420.

  28.如圖,在矩形ABCD中,E為AB邊上一點(diǎn),EC平分∠DEB,F(xiàn)為CE的中點(diǎn),連接AF,BF,過點(diǎn)E作EH∥BC分別交AF,CD于G,H兩點(diǎn).

  (1)求證:DE=DC;

  (2)求證:AF⊥BF;

  (3)當(dāng)AF•GF=28時(shí),請(qǐng)直接寫出CE的長(zhǎng).

  【考點(diǎn)】S9:相似三角形的判定與性質(zhì);KD:全等三角形的判定與性質(zhì);LB:矩形的性質(zhì).

  【分析】(1)根據(jù)平行線的性質(zhì)以及角平分線的定義,即可得到∠DCE=∠DEC,進(jìn)而得出DE=DC;

  (2)連接DF,根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)得出∠DFC=90°,再根據(jù)直角三角形斜邊上中線的性質(zhì)得出BF=CF=EF= EC,再根據(jù)SAS判定△ABF≌△DCF,即可得出∠AFB=∠DFC=90°,據(jù)此可得AF⊥BF;

  (3)根據(jù)等角的余角相等可得∠BAF=∠FEH,再根據(jù)公共角∠EFG=∠AFE,即可判定△EFG∽△AFE,進(jìn)而得出EF2=AF•GF=28,求得EF=2 ,即可得到CE=2EF=4 .

  【解答】解:(1)∵四邊形ABCD是矩形,

  ∴AB∥CD,

  ∴∠DCE=∠CEB,

  ∵EC平分∠DEB,

  ∴∠DEC=∠CEB,

  ∴∠DCE=∠DEC,

  ∴DE=DC;

  (2)如圖,連接DF,

  ∵DE=DC,F(xiàn)為CE的中點(diǎn),

  ∴DF⊥EC,

  ∴∠DFC=90°,

  在矩形ABCD中,AB=DC,∠ABC=90°,

  ∴BF=CF=EF= EC,

  ∴∠ABF=∠CEB,

  ∵∠DCE=∠CEB,

  ∴∠ABF=∠DCF,

  在△ABF和△DCF中,

  ,

  ∴△ABF≌△DCF(SAS),

  ∴∠AFB=∠DFC=90°,

  ∴AF⊥BF;

  (3)CE=4 .

  理由如下:∵AF⊥BF,

  ∴∠BAF+∠ABF=90°,

  ∵EH∥BC,∠ABC=90°,

  ∴∠BEH=90°,

  ∴∠FEH+∠CEB=90°,

  ∵∠ABF=∠CEB,

  ∴∠BAF=∠FEH,

  ∵∠EFG=∠AFE,

  ∴△EFG∽△AFE,

  ∴ = ,即EF2=AF•GF,

  ∵AF•GF=28,

  ∴EF=2 ,

  ∴CE=2EF=4 .

  29.在平面直角坐標(biāo)系中,直線y=﹣ x+1交y軸于點(diǎn)B,交x軸于點(diǎn)A,拋物線y=﹣ x2+bx+c經(jīng)過點(diǎn)B,與直線y=﹣ +1交于點(diǎn)C(4,﹣2).

  (1)求拋物線的解析式;

  (2)如圖,橫坐標(biāo)為m的點(diǎn)M在直線BC上方的拋物線上,過點(diǎn)M作ME∥y軸交直線BC于點(diǎn)E,以ME為直徑的圓交直線BC于另一點(diǎn)D,當(dāng)點(diǎn)E在x軸上時(shí),求△DEM的周長(zhǎng).

  (3)將△AOB繞坐標(biāo)平面內(nèi)的某一點(diǎn)按順時(shí)針方向旋轉(zhuǎn)90°,得到△A1O1B1,點(diǎn)A,O,B的對(duì)應(yīng)點(diǎn)分別是點(diǎn)A1,O1,B1,若△A1O1B1的兩個(gè)頂點(diǎn)恰好落在拋物線上,請(qǐng)直接寫出點(diǎn)A1的坐標(biāo).

  【考點(diǎn)】HF:二次函數(shù)綜合題.

  【分析】(1)利用待定系數(shù)法求拋物線的解析式;

  (2)如圖1,A與E重合,根據(jù)直線y=﹣ x+1求得與x軸交點(diǎn)坐標(biāo)可得OA的長(zhǎng),由勾股定理得AB的長(zhǎng),利用等角的三角函數(shù)得:sin∠ABO= ,cos∠ABO= = ,則可得DE和DM的長(zhǎng),根據(jù)M的橫坐標(biāo)代入拋物線的解析式可得縱坐標(biāo),即ME的長(zhǎng),相加得△DEM的周長(zhǎng);

  (3)由旋轉(zhuǎn)可知:O1A1⊥x軸,O1B1⊥y軸,設(shè)點(diǎn)A1的橫坐標(biāo)為x,則點(diǎn)B1的橫坐標(biāo)為x+1,所以點(diǎn)O1,A1不可能同時(shí)落在拋物線上,分以下兩種情況:

 ?、偃鐖D2,當(dāng)點(diǎn)O1,B1同時(shí)落在拋物線上時(shí),根據(jù)點(diǎn)O1,B1的縱坐標(biāo)相等列方程可得結(jié)論;

 ?、谌鐖D3,當(dāng)點(diǎn)A1,B1同時(shí)落在拋物線上時(shí),根據(jù)點(diǎn)B1的縱坐標(biāo)比點(diǎn)A1的縱坐標(biāo)大 ,列方程可得結(jié)論.

  【解答】解:(1)∵直線y=﹣ x+1交y軸于點(diǎn)B,

  ∴B(0,1),

  ∵拋物線y=﹣ x2+bx+c經(jīng)過點(diǎn)B和點(diǎn)C(4,﹣2).

  ∴ ,

  解得: ,

  ∴拋物線的解析式為:y=﹣ x2+ x+1;

  (2)如圖1,∵直線y=﹣ x+1交x軸于點(diǎn)A,

  當(dāng)y=0時(shí),﹣ x+1=0,

  x= ,

  ∴A( ,0),

  ∴OA= ,

  在Rt△AOB中,

  ∵OB=1,

  ∴AB= ,

  ∴sin∠ABO= ,cos∠ABO= = ,

  ∵M(jìn)E∥x軸,

  ∴∠DEM=∠ABO,

  ∵以ME為直徑的圓交直線BC于另一點(diǎn)D,

  ∴∠EDM=90°,

  ∴DE=ME•cos∠DEM= ME,

  DM=ME•sin∠DEM= ME,

  當(dāng)點(diǎn)E在x軸上時(shí),E和A重合,則m=OA= ,

  當(dāng)x= 時(shí),y=﹣ × + × +1= ;

  ∴ME= ,

  ∴DE= = ,DM= = ,

  ∴△DEM的周長(zhǎng)=DE+DM+ME= + + = ;

  (3)由旋轉(zhuǎn)可知:O1A1⊥x軸,O1B1⊥y軸,設(shè)點(diǎn)A1的橫坐標(biāo)為x,則點(diǎn)B1的橫坐標(biāo)為x+1,

  ∵O1A1⊥x軸,

  ∴點(diǎn)O1,A1不可能同時(shí)落在拋物線上,分以下兩種情況:

 ?、偃鐖D2,當(dāng)點(diǎn)O1,B1同時(shí)落在拋物線上時(shí),

  點(diǎn)O1,B1的縱坐標(biāo)相等,

  ∴﹣ =﹣ (x+1)2+ (x+1)+1,

  解得:x= ,

  此時(shí)點(diǎn)A1的坐標(biāo)為( , ),

 ?、谌鐖D3,當(dāng)點(diǎn)A1,B1同時(shí)落在拋物線上時(shí),

  點(diǎn)B1的縱坐標(biāo)比點(diǎn)A1的縱坐標(biāo)大 ,

  ﹣ =﹣ (x+1)2+ (x+1)+1,

  解得:x=﹣ ,

  此時(shí)A1(﹣ , ),

  綜上所述,點(diǎn)A1( , )或(﹣ , ).


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