江蘇無錫初三物理檢測試題及答案
江蘇無錫初三物理檢測試題及答案
初三一年將為中考而復習，物理怎么復習呢?可以選擇做物理檢測試題哦。下面由學習啦小編為大家提供關于江蘇無錫初三物理檢測試題及答案，希望對大家有幫助!
江蘇無錫初三物理檢測選擇題
一、單項選擇題(本題共12題，共24分，每小題2分;在每小題提供的四個選項中，只有一項符合題目的要求)
1.關于聲現(xiàn)象，下列說法正確的是( )
A.聲音可以在固體中傳播
B.聲音傳播的速度與溫度無關
C.聲音在真空中傳播的速度最快
D.只要物體振動，我們就一定能聽到聲音
2.關于自然現(xiàn)象對應的物態(tài)變化及吸、放熱過程，下列說法正確的是 )
A.冰融化﹣凝固(放熱) B.霧生成﹣液化(放熱)
C.露產(chǎn)生﹣汽化(吸熱) D.霜形成﹣升華(放熱)
3.關于溫度、熱量和內(nèi)能，下列說法正確的是( )
A.物體的溫度升高，內(nèi)能增大
B.物體的溫度越高，所含的熱量越多
C.物體內(nèi)能增大，一定從外界吸收熱量
D.物體的溫度不變，其內(nèi)能就一定不變
4.一位同學用20s，從一樓走到三樓，他上樓時的功率可能是( )
A.1.5W B.15W C.150W D.1500W
5.下列實例中，有力對物體做功的是( )
A.跳水運動員從跳臺跳下
B.背著書包在水平路面上前進
C.舉重運動員舉起杠鈴停在空中
D.小球在光滑水平面上滾動
6.教室的門關不緊，常被風吹開.小明在門與門框之間塞入硬紙片后，門就不易被風吹開了.下列解釋合理的是( )
A.門被風吹開是因為門沒有受到摩擦力的作用
B.門沒被吹開是因為風吹門的力小于摩擦力
C.塞入硬紙片是通過增大壓力來增大摩擦
D.塞入硬紙片是通過減小接觸面的粗糙程度來減小摩擦
7.電冰箱的壓縮機(電動機)是由溫控開關S1控制，冷藏室中的照明燈是由門控開關S2控制，壓縮機和照明燈既能單獨工作又能同時工作，下列電路中，符合上述特點的是( )
A. B. C. D.
8.在“用托盤天平稱物體質(zhì)量”的實驗中，下列操作錯誤的是( )
A.使用天平時，將天平放在水平桌面上
B.調(diào)節(jié)橫梁平衡時，只調(diào)節(jié)了平衡螺母
C.稱量時，左盤放置待測物體，右盤放置砝碼
D.觀察到指針指在分度盤的中線處，確定天平已平衡
9.如圖所示的充電鞋墊，利用腳跟起落驅(qū)動磁性轉(zhuǎn)子旋轉(zhuǎn)，線圈中就會產(chǎn)生電流，從而就能給鞋面上的充電電池充電，這種充電鞋墊的工作原理是( )
A.電磁感應現(xiàn)象 B.電流的磁效應
C.磁極間的相互作用 D.通電線圈在磁場里受力轉(zhuǎn)動
10.下列關于力學現(xiàn)象的解釋，正確的是( )
A.手壓桌面，桌面對手有作用力，這力是由桌面的形變產(chǎn)生的
B.蘋果在空中下落得越來越快，是因為蘋果的機械能在增大
C.足球在草坪上越滾越慢，是因為足球的慣性越來越小
D.書本靜止在課桌上，是因為書本受到的重力和書本對桌面的壓力平衡
11.某物理興趣小組的同學設計了如圖所示的實驗裝置，當用力擠壓裝滿水的玻璃瓶時，會看到細玻璃管內(nèi)的水面明顯上升.這是利用細玻璃管內(nèi)水面的變化來放大玻璃瓶的微小形變，下列做法中也用到這種放大思想的( )
A.用懸掛著的乒乓球接觸正在發(fā)聲的音叉，由乒乓球的彈開說明音叉在振動
B.在探究導體中的電流跟其兩端電壓的關系時，保持電阻不變
C.在研究電阻的串聯(lián)時，為了使研究更方便，我們通常用一個電阻來替代多個電阻
D.用磁感線來描述磁體的磁場
12.將標有“3V 3W”字樣的甲燈和“6V 6W”字樣的乙燈接入電路.若不專慮溫度對電阻的影響，則對兩燈接入電路后的結(jié)果有如下判斷：①兩燈串聯(lián)，當其中一燈消耗的功率是3W時，兩燈消耗的總功率是9W;②兩燈串聯(lián)后接到電壓為9V的電源兩端，兩燈均能正常發(fā)光;③兩燈并聯(lián)，當其中一燈消耗的功率是1.5W時，另一燈兩端的電壓為3V;④兩燈并聯(lián)后接到電壓為1.5V的電源兩端，甲、乙兩燈消耗的功率之比為2：1，其中判斷正確是( )
A.①③ B.②③ C.②④ D.①④
江蘇無錫初三物理檢測非選擇題
二、填空題(每空1分，共24分)
13.殲15戰(zhàn)機從航空母艦的甲板起飛，以 為參照物，飛行員是靜止;以 為參照物，飛行員是運動的.
14.在一杯水中滴入紅墨水，靜置一段時間后發(fā)現(xiàn)整杯水變紅，此選項說明分子在 .將兩塊表面干凈的鉛塊壓緊后，即使在鉛塊下面掛了物體也不會將它們拉開(如圖所示)，這說明分子間存在 (選填“引力”或“斥力”).
15.內(nèi)燃機一個工作循環(huán)有吸氣、壓縮、做功、排氣四個沖程，實現(xiàn)將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能的是 沖程，選擇水作為發(fā)動機的冷卻液，是利用水的 較大的特點.
16.生活中，“吸”字表述的現(xiàn)象，其原因各不相同.如圖所示，用吸管“吸”飲料時，飲料是在 作用下被“吸”入口中的.用吸塵器“吸”灰塵時，灰塵是由于空氣流速越大，壓強越 的緣故被“吸”入吸塵器中的.
17.如圖所示為“探究平面鏡成像特點”的實驗裝置圖，現(xiàn)有茶色玻璃板和透明玻璃板，實驗時應透擇 來代替平面鏡.實驗時，選擇兩支相同的蠟燭，是為了比較像與物體的 ;測量兩只蠟燭到玻璃板的距離，是為了比較像與物體到鏡面的距離是否 .
18.電視機的遙控器能發(fā)射一種不可見光.即 ，以實現(xiàn)對電視的控制.如果不把遙控器對著電視機的控制窗口，而是對著墻壁調(diào)整角度也可以控制電視機.這利用了光的 .彩色電視畫面上的色彩是由紅、 、藍三種色光混合而成.
19.太陽能路燈的燈桿頂端有太陽能電池板，它能將太陽能轉(zhuǎn)化為電能.并向燈桿下方的蓄電池充電，供夜晚路燈照明.若在一段時間內(nèi)，太陽光輻射到該太陽能電池板的能量為2.7×107J.這與完全燃燒 kg的煤放出的熱量相當;這些能量經(jīng)轉(zhuǎn)化后，可供功率為35W的路燈工作60h，那么該太陽能路燈的能量轉(zhuǎn)化率是 %.(煤的熱值為3.0×107J/kg)
20.如圖所示為小明設計的電烙鐵工作電路，電烙鐵可處于正常工作和頂熱兩種狀態(tài)，電烙鐵上標有“220V 40W”的字樣，R0為定值電阻.
(1)電烙鐵是利用電流的 效應工作的.
(2)電烙鐵正常工作時功率為40W，暫時不用時的預熱功率為10W，則R0的阻值為 .(設電烙鐵的電阻不隨溫度的變化而變化)
(3)生活中使用的電烙鐵，其烙鐵頭是一種合金.所謂合金就是不同金屬(也包括一些非金屬)在熔化過程中形成的一種融合或冷卻后的固態(tài).下表列出了幾種金屬的熔點和沸點(在標準大氣壓下).其中難以與表中其他金屬形成合金的是 .
金屬 鐵 銅 鋅 銀 金
熔點/℃ 1535 1083 419.5 962 1064
沸點/℃ 2750 2567 907 2212 2807
21.用發(fā)光二極管制成的LED燈具有發(fā)光效率高、使用壽命長等優(yōu)點.如圖甲所示是一個定值電阻R和一個LED燈的電流與其兩端電壓關系的圖象.
(1)觀察圖象可知，R的阻值為 Ω.
(2)如圖乙所示，將LED燈與R串聯(lián)在電路中，若LED燈的電功率為0.06W，則R中的電流為 A，電路的總功率為 W.
22.將一物塊A輕輕放入盛滿水的大燒杯中，A靜止后，有72g的水溢出;再將其輕輕放入盛滿酒精的大燒杯中.A靜止后，有64g的酒精溢出，則A在水中靜止時受到的浮力為 N.A的體積是 cm3.(酒精的密度是0.8×103kg/m3.g取1ON/kg)
三、解答題(共32分)
23.按要求作圖：
(1)如圖甲所示，一束平行于主光抽的光線射向凹透鏡，請畫出它的折射光線.
(2)如圖乙所示，運動員將重2.7N的排球托起后，排球在空中繼續(xù)向上運動，畫出排球所受力的示意圖.(不計空氣阻力)
(3)如圖丙所示，小磁針在條形磁體作用下處于靜止狀態(tài).請標出小磁針的N極和A點處的磁場方向(用箭頭表示).
24.如圖所示是小明利用光敏電阻為居民樓門口設計的一種智能照明電路.L為“220V 22W”的照明燈，天暗時自動發(fā)光，天亮時自動熄滅，控制電路中，電源由兩節(jié)干電池串聯(lián)而成，電壓為2.8V.R1為阻值10Ω的定值電阻.R2為光敏電阻，其阻值會隨著光強的變化而變化.
(1)①燈L正常工作時，通過它的電流是多少?
②受控電路中導線a端應連接照明電路的火線還是零線?
(2)當電壓表示數(shù)為2.1V時，光敏電阻的阻值為多大?(電磁鐵A的線圈電阻忽略不計)
(3)如果控制電路的電源換成兩節(jié)新的干電池，照明燈L有沒有可能在白天就發(fā)光?請說明理由.
25.利用光具座以及蠟燭、凸透鏡、光屏等器材，可進行“探究凸透鏡成像規(guī)律”的實驗.
(1)實驗時，首先在光具座上放置實驗器材，若光具座A處放置蠟燭(如圖所示)，則C處應放置 (選填“凸透鏡”或“光屏”.器材正確放置后，還應對其進行調(diào)整，使燭焰和光屏的中心位于凸透鏡的 上.
(2)實驗后，可得出凸透鏡成像規(guī)律.根據(jù)成像規(guī)律判斷下列說法，說法正確的是
A.若凸透鏡的焦距為10cm，則燭焰距離凸透鏡30cm時，可在光屏上成放大的像
B.實驗過程中，蠟燭因燃燒而變短，則燭焰在光屏上的像會下移
C.若燭焰朝著凸透鏡方向前后不斷晃動，則光屏上仍能觀察到清晰的燭焰像
D.若燭餡在光屏上成縮小的像，則光屏到凸透鏡的距離小于燭焰到凸透鏡的距離
(3)某物理興趣小組在探究凸透鏡成像規(guī)律后，得到了如下數(shù)據(jù)：
實驗序號 物距u/cm 焦距f/cm 像的性質(zhì) 像距v/cm
1 12 10 倒立放大實像 60
2 14 10 倒立放大實像 35
3 15 10 倒立放大實像 30
4 30 10 倒立縮小實像 15
5 30 12 倒立縮小實像 20
6 30 15 倒立等大實像 30
下列對表中數(shù)據(jù)的分析，錯誤的是
A.當凸透鏡的焦距相同，物距不同時，所成的像有可能相同
B.當物距相同，凸透鏡的焦距越大時，像距越大
C.當物距相同，凸透鏡的焦距不同時，所成像的性質(zhì)有可能相同
D.當凸透鏡的焦距相同，且成放大實像時，像距與物距之和隨物距的增大而減小
(4)將蠟燭置于凸進鏡一倍焦距處，結(jié)果仍能觀察到燭焰放大的像，這是為什么?
26.打開酒瓶瓶蓋，會聞到酒精的氣味，瓶蓋開啟時間長了，會不會使酒的酒精度(酒中酒精和酒的體積百分比)降低呢?小明認為：酒精的密度為O.8×103kg/m3與水的密度不同，同，若酒的酒精度發(fā)生變化，則酒的密度必定會變化.因此只要確定酒的密度是否變化，就能作出有效判讀.于是他用天平、燒懷、量杯和白酒等器材.測量酒的密度，操作過程如下：
甲.用調(diào)節(jié)好的天平測出空燒杯的質(zhì)量;
乙.在燒杯中倒入適量的白酒.測出燒杯和白酒的總質(zhì)量;
丙.再將燒杯中的白酒倒入如圖所示的量杯中，測出白酒的體積;
丁.計算出白酒的密度.
(1)①同學們認為小明的操作過程有不足，不足之處是：a. ;b. .
改進實驗后，小明第一次測得白酒的質(zhì)量為46g，體積50mL.過了一段時間后，第二次測得白酒質(zhì)量是28.8
g，體積是30mL.
a.第一次實驗時所測得的白酒密度是多少?
b.分析實驗數(shù)據(jù)后請判斷：酒的酒精度有沒有降低?
(2)小華對此問題也進行了探究.她在實驗室取了兩個相同的燒杯，在燒杯中分別裝入25OmL的料酒(酒精度為11%)和水，而后將兩燒杯置于相同的環(huán)境中，過了一天，測得料酒和水的體積分別是232mL和242mL.請根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，分析酒的酒精度是否降低?
27.如圖所示是一種起重機的示意圖.起重機重2.4×104N(包括懸臂)，重心為P1，為使起重機起吊重物時不致傾倒.在其右側(cè)配有重M(重心為P2).現(xiàn)測得AB為10m，BO為1m，BC為4m，CD為1.5m.(g取10N/kg)
(1)若該起重機將重物吊升6m.用時5Os，則重物上升的平均速度是多少?
(2)現(xiàn)在水平地面上有重為2.44×104N的貨箱，它與地面的接觸面積是3m2.
?、偃羝鹬貦C不加配重，在起吊貨箱時，最大可使貨箱對地面的壓強減少多少?
?、谌粢跗鸫素浵洌鹬貦C至少需加多少牛的配重?
(3)有人認為起重機的配重越重越好，這樣就能吊起更重的重物，這起重機能配8t的配重嗎?請說明理由.
江蘇無錫初三物理檢測答案
一、單項選擇題(本題共12題，共24分，每小題2分;在每小題提供的四個選項中，只有一項符合題目的要求)
1.關于聲現(xiàn)象，下列說法正確的是( )
A.聲音可以在固體中傳播
B.聲音傳播的速度與溫度無關
C.聲音在真空中傳播的速度最快
D.只要物體振動，我們就一定能聽到聲音
【考點】聲音的傳播條件;聲音在不同介質(zhì)中的傳播速度;人耳感知聲音的過程及聽到聲音的條件.
【分析】解決此題需掌握：
①聲音的傳播是需要介質(zhì)的，它既可以在氣體中傳播，也可以在固體和液體中傳播，但不能在真空中傳播.
?、诼曇粼诓煌慕橘|(zhì)中的傳播速度不同;在同種介質(zhì)中溫度不同聲速也不同.
③聲音是由物體的振動產(chǎn)生的，但產(chǎn)生聲音不一定被人耳朵聽到.
【解答】解：A、聲音可以在一切固體、液體、氣體中傳播，故A正確;
B、聲速受介質(zhì)種類和介質(zhì)溫度的影響，同種介質(zhì)中溫度越高聲速越大，故B錯誤;
C、聲音不能在真空中傳播，故C錯誤;
D、振動產(chǎn)生的聲可能不在人的聽覺范圍、可能響度太小、可能沒有傳播聲音的介質(zhì)等原因，導致人耳聽不到，故D錯誤.
故選：A.
2.關于自然現(xiàn)象對應的物態(tài)變化及吸、放熱過程，下列說法正確的是 )
A.冰融化﹣凝固(放熱) B.霧生成﹣液化(放熱)
C.露產(chǎn)生﹣汽化(吸熱) D.霜形成﹣升華(放熱)
【考點】熔化與熔化吸熱特點;液化及液化現(xiàn)象;生活中的凝華現(xiàn)象.
【分析】(1)物質(zhì)從固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)是熔化過程，物質(zhì)從液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)過程是凝固，物質(zhì)從液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)是汽化，物質(zhì)從氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)是液化，物質(zhì)從固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)是升華，物質(zhì)從氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)是凝華;
(2)六種物體變化中，熔化、汽化、升華是吸熱的;凝固、液化、凝華是放熱的.
【解答】解：A.冰融化，是固態(tài)冰熔化為液態(tài)水的過程，需要吸熱，故A錯誤;
B.霧生成，是空氣中的水蒸氣液化成的小水珠，需要放熱，故B正確;
C.露產(chǎn)生，是空氣中的水蒸氣液化成的小水珠，需要放熱，故C錯誤;
D.霜形成，是空氣中的水蒸氣直接凝華成的小冰晶，需要放熱，故D錯誤.
故選B.
3.關于溫度、熱量和內(nèi)能，下列說法正確的是( )
A.物體的溫度升高，內(nèi)能增大
B.物體的溫度越高，所含的熱量越多
C.物體內(nèi)能增大，一定從外界吸收熱量
D.物體的溫度不變，其內(nèi)能就一定不變
【考點】溫度、熱量與內(nèi)能的關系.
【分析】溫度、熱量、內(nèi)能是三個不同的物理量，同一物體狀態(tài)不變時，吸收熱量內(nèi)能增加，溫度升高;知道晶體熔化、液體沸騰時吸熱，溫度保持不變，內(nèi)能增加.同時了解做功和熱傳遞都可以增加物體的內(nèi)能.
【解答】解：A、物體溫度升高，分子運動加劇，所以內(nèi)能增加，故A正確;
B、熱量是一個過程量，不能用含有、具有等來修飾，故B錯誤;
C、物體內(nèi)能增大可能是吸收了熱量，也可能是外界對它做了功，故C錯誤;
D、物體的溫度不變，其內(nèi)能可能不變，也可能增加，如晶體熔化時，吸熱但溫度不變，內(nèi)能增加，故D錯誤.
故選A.
4.一位同學用20s，從一樓走到三樓，他上樓時的功率可能是( )
A.1.5W B.15W C.150W D.1500W
【考點】功率的計算.
【分析】先估測人的質(zhì)量，然后根據(jù)G=mg求出重力，再估測一層樓的高度，根據(jù)W=Gh求出他上樓時做的功，再由P= 求出功率.
【解答】解：一個學生的質(zhì)量m=50kg，
則一個學生的重力：
G=mg=50kg×10N/kg=500N，
每一層樓的高度為3m，從一樓走到三樓，
上升的高度：h=(3﹣1)×3m=6m，
他上樓時克服重力做的功：
W=Gh=500N×6m=3000J，
則他上樓時的功率：
P= = =150W，故ABD錯誤，C正確.
故選：C.
5.下列實例中，有力對物體做功的是( )
A.跳水運動員從跳臺跳下
B.背著書包在水平路面上前進
C.舉重運動員舉起杠鈴停在空中
D.小球在光滑水平面上滾動
【考點】力是否做功的判斷.
【分析】做功的兩個必要因素：一是作用在物體上的力，二是在力的方向上移動的距離，二者缺一不可，據(jù)此分析判斷.
【解答】解：
A、跳水運動員從跳臺跳下，受重力的作用，并且在重力的方向移動了距離，重力對人做功，符合題意.
B、背著書包在水平路面上前進，移動的方向和受力方向垂直，在力的方向上沒有移動距離，不做功，不符合題意.
C、舉重運動員舉起杠鈴停在空中，有力作用在物體上，但是沒有移動距離，沒有力做功，不符合題意.
D、小球在光滑水平面上，依靠的是小球的慣性，水平方向上雖然移動了距離，但是沒有力的作用，不做功，不符合題意.
故選：A.
6.教室的門關不緊，常被風吹開.小明在門與門框之間塞入硬紙片后，門就不易被風吹開了.下列解釋合理的是( )
A.門被風吹開是因為門沒有受到摩擦力的作用
B.門沒被吹開是因為風吹門的力小于摩擦力
C.塞入硬紙片是通過增大壓力來增大摩擦
D.塞入硬紙片是通過減小接觸面的粗糙程度來減小摩擦
【考點】增大或減小摩擦的方法.
【分析】(1)摩擦力大小的影響因素：壓力大小和接觸面的粗糙程度.
(2)在門與門框之間塞入硬紙片后，門不易吹開，根據(jù)影響摩擦力大小的因素分析其實質(zhì).
【解答】解：A、被風吹開是因為門的滑動摩擦力很小，很容易克服摩擦將門吹開;故A錯誤;
B、門沒被吹開，說明此時的摩擦力為靜摩擦力，風吹門的力等于摩擦力，故B錯誤;
CD、塞入硬紙片后，使門與門框之間的壓力增大，因此是通過增大壓力來增大摩擦;故C正確，D錯誤.
故選：C.
7.電冰箱的壓縮機(電動機)是由溫控開關S1控制，冷藏室中的照明燈是由門控開關S2控制，壓縮機和照明燈既能單獨工作又能同時工作，下列電路中，符合上述特點的是( )
A. B. C. D.
【考點】串、并聯(lián)電路的設計.
【分析】壓縮機和照明燈既能單獨工作又能同時工作，說明電動機和照明燈并聯(lián)，電動機由溫控開關S1控制說明電動機與開關S1串聯(lián)，冷藏室中的照明燈是由門控開關S2控制說明照明燈與門控開關S2串聯(lián).
【解答】解：經(jīng)分析可知，燈泡與電動機并聯(lián)，且電動機與開關S1串聯(lián)，照明燈與門控開關S2串聯(lián)，所以ABC不符合，D符合.
故選D.
8.在“用托盤天平稱物體質(zhì)量”的實驗中，下列操作錯誤的是( )
A.使用天平時，將天平放在水平桌面上
B.調(diào)節(jié)橫梁平衡時，只調(diào)節(jié)了平衡螺母
C.稱量時，左盤放置待測物體，右盤放置砝碼
D.觀察到指針指在分度盤的中線處，確定天平已平衡
【考點】天平的使用.
【分析】托盤天平的使用，包括以下步驟：放置;調(diào)節(jié)平衡螺母使橫梁平衡;放物體;加減砝碼，移動游碼使橫梁恢復平衡;讀數(shù).通過托盤天平的使用規(guī)則結(jié)合選擇項中的物理情景即可得到答案.
【解答】解：A、使用天平時，應將天平放在水平桌面上.故A正確.
B、調(diào)節(jié)平衡螺母前，應先將游碼移至零刻線處，測量過程中，不能調(diào)節(jié)平衡螺母，應通過加減砝碼或移動游碼來調(diào)節(jié)橫梁平衡.故B錯誤.
C、稱量物體時，要將物體放在左盤里，用鑷子在右盤里加減砝碼移動游碼.故C正確.
D、橫梁平衡的標志有兩個：指針指在分度盤的中線處;或者指針偏離分度盤中線的幅度相等.故D正確.
故選B.
9.如圖所示的充電鞋墊，利用腳跟起落驅(qū)動磁性轉(zhuǎn)子旋轉(zhuǎn)，線圈中就會產(chǎn)生電流，從而就能給鞋面上的充電電池充電，這種充電鞋墊的工作原理是( )
A.電磁感應現(xiàn)象 B.電流的磁效應
C.磁極間的相互作用 D.通電線圈在磁場里受力轉(zhuǎn)動
【考點】電磁感應.
【分析】根據(jù)題意，人走動時，會驅(qū)動磁性轉(zhuǎn)子旋轉(zhuǎn)，使線圈中產(chǎn)生電流，產(chǎn)生的電流進入鞋面上鋰聚合物電池，此過程屬于電磁感應現(xiàn)象.故選
【解答】解：當人走動時，會驅(qū)動磁性轉(zhuǎn)子旋轉(zhuǎn)，使線圈中產(chǎn)生電流，該過程為電磁感應現(xiàn)象，與電流的磁效應、電磁之間的相互作用、線圈的受力無關，故A正確，BCD錯誤.
故選A.
10.下列關于力學現(xiàn)象的解釋，正確的是( )
A.手壓桌面，桌面對手有作用力，這力是由桌面的形變產(chǎn)生的
B.蘋果在空中下落得越來越快，是因為蘋果的機械能在增大
C.足球在草坪上越滾越慢，是因為足球的慣性越來越小
D.書本靜止在課桌上，是因為書本受到的重力和書本對桌面的壓力平衡
【考點】平衡力的辨別;力作用的相互性;力與運動的關系;動能和勢能的轉(zhuǎn)化與守恒.
【分析】(1)物體間力的作用是相互的.物體發(fā)生彈性形變時可產(chǎn)生彈力，壓力、拉力等的實質(zhì)也是彈力;
(2)蘋果在空中下落得越來越快，是因為重力大于阻力;
(3)慣性是物體保持原來運動狀態(tài)不變的性質(zhì)，慣性的大小只與物體的質(zhì)量有關;
(4)一對平衡力必須大小相等、方向相反、作用在一條直線上、作用在同一物體上.
【解答】解：A、由于物體間力的作用是相互的，所以手壓桌面，桌面對手也有作用力，這力是由桌面的形變產(chǎn)生的，屬于彈力，故A正確;
B、蘋果在空中下落得越來越快，是因為重力大于阻力.這一過程中，由于空氣阻力的作用，蘋果的機械能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，機械能總量減小，故B錯誤;
C、足球在草坪上越滾越慢，是因為足球受到摩擦阻力的作用，而不是慣性越來越小，慣性的大小只與物體的質(zhì)量有關，其大小不改變，故C錯誤;
D、書本受到的重力和書本對桌面的壓力作用在不同的物體上，不是一對平衡力，故D錯誤.
故選A.
11.某物理興趣小組的同學設計了如圖所示的實驗裝置，當用力擠壓裝滿水的玻璃瓶時，會看到細玻璃管內(nèi)的水面明顯上升.這是利用細玻璃管內(nèi)水面的變化來放大玻璃瓶的微小形變，下列做法中也用到這種放大思想的( )
A.用懸掛著的乒乓球接觸正在發(fā)聲的音叉，由乒乓球的彈開說明音叉在振動
B.在探究導體中的電流跟其兩端電壓的關系時，保持電阻不變
C.在研究電阻的串聯(lián)時，為了使研究更方便，我們通常用一個電阻來替代多個電阻
D.用磁感線來描述磁體的磁場
【考點】物理學方法.
【分析】本題采用的原理是一種物理變化非常不明顯，但是確實發(fā)生了，可以轉(zhuǎn)化為另一種由于它的變化而引起的另一種物理變化來觀察到，這是物理實驗探究的一種常用方法﹣﹣﹣轉(zhuǎn)換法.
【解答】解：A.將發(fā)聲的音叉靠近乒乓球，通過乒乓球被彈開說明音叉在振動，把音叉的振動放大成乒乓球的在運動，采用的是“轉(zhuǎn)換法”，故A符合題意;
B.在探究導體中的電流跟其兩端電壓的關系時，保持電阻不變來研究電流和電壓的關系，采用的是“控制變量法”，故B不符合題意;
C.在研究電阻的串聯(lián)時，為了使研究更方便，我們通常用一個電阻來替代多個電阻，采用的是“等效替代法”，故C不符合題意;
D.用磁感線來描述磁體的磁場，采用的是“模型法”，故D不符合題意.
故選A.
12.將標有“3V 3W”字樣的甲燈和“6V 6W”字樣的乙燈接入電路.若不專慮溫度對電阻的影響，則對兩燈接入電路后的結(jié)果有如下判斷：①兩燈串聯(lián)，當其中一燈消耗的功率是3W時，兩燈消耗的總功率是9W;②兩燈串聯(lián)后接到電壓為9V的電源兩端，兩燈均能正常發(fā)光;③兩燈并聯(lián)，當其中一燈消耗的功率是1.5W時，另一燈兩端的電壓為3V;④兩燈并聯(lián)后接到電壓為1.5V的電源兩端，甲、乙兩燈消耗的功率之比為2：1，其中判斷正確是( )
A.①③ B.②③ C.②④ D.①④
【考點】歐姆定律的應用;電功率與電壓、電流的關系.
【分析】知道兩燈泡的額定電壓和額定功率，根據(jù)P=UI求出額定電流，根據(jù)歐姆定律求出兩燈泡的電阻.
①兩燈串聯(lián)，當甲燈泡消耗的功率為3W時，電路中的電流和額定電流相等，根據(jù)電阻的串聯(lián)和P=I2R求出兩燈消耗的總功率;當乙燈泡消耗的功率為3W時，根據(jù)P=I2R求出電路中的電流，再根據(jù)P=I2R求出兩燈消耗的總功率;
?、趦蔁襞莸念~定電流相等，兩燈串聯(lián)后正常發(fā)光時的電流和額定電流相等，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電源的電壓;
③兩燈并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點分別求出兩燈泡消耗的功率是1.5W時另一個燈泡兩端的電壓;
④兩燈并聯(lián)后接到電壓為1.5V的電源兩端時，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點和P= 求出甲、乙兩燈消耗的功率之比.
【解答】解：由P=UI可得，兩燈泡的額定電流分別為：
I甲= = =1A，I乙= = =1A，
由I= 可得，兩燈泡的電阻分別為：
R甲= = =3Ω，R乙= = =6Ω;
?、賰蔁舸?lián)，當甲燈泡消耗的功率為3W時，電路中的電流為I=1A，
兩燈消耗的總功率：
P=I2(R甲+R乙)=(1A)2×(3Ω+6Ω)=9W，
當乙燈泡消耗的功率為3W時，由P=I2R可得，電路中的電流：
I= = = A，
兩燈消耗的總功率：
P=I2(R甲+R乙)=( A)2×(3Ω+6Ω)=4.5W，
綜上可知，①不正確;
?、趦蔁舸?lián)后，正常發(fā)光時的電流均為1A，
則電源的電壓：
U=I(R甲+R乙)=1A×(3Ω+6Ω)=9V，故②正確;
?、蹆蔁舨⒙?lián)，當甲消耗的功率是1.5W時，
因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，
所以，由P= 可得，乙燈泡兩端的電壓：
U乙′=U甲′= = = V，
同理，當乙消耗的功率是1.5W時，甲燈泡兩端的電壓：
U甲′=U乙′= = =3V，
綜上可知，③不正確;
④兩燈并聯(lián)后接到電壓為1.5V的電源兩端時，
因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，
所以，甲、乙兩燈消耗的功率之比：
= = = = ，故④正確;
由以上可知，選項ABD錯誤，C正確.
故選C.
二、填空題(每空1分，共24分)
13.殲15戰(zhàn)機從航空母艦的甲板起飛，以 戰(zhàn)機 為參照物，飛行員是靜止;以 地面(航母) 為參照物，飛行員是運動的.
【考點】參照物及其選擇.
【分析】運動和靜止是相對的，判斷物體的運動和靜止，首先確定一個參照物，如果被研究的物體和參照物之間沒有發(fā)生位置的改變，被研究的物體是靜止的，否則是運動的.
【解答】解：以戰(zhàn)機為參照物，飛行員與飛機之間的位置沒有發(fā)生變化，所以飛行員是靜止的;
以地面(航母)為參照物，飛行員與地面之間的位置發(fā)生了變化，所以飛行員是運動的.
故答案為：戰(zhàn)機;地面(航母).
14.在一杯水中滴入紅墨水，靜置一段時間后發(fā)現(xiàn)整杯水變紅，此選項說明分子在 不停地做無規(guī)則運動 .將兩塊表面干凈的鉛塊壓緊后，即使在鉛塊下面掛了物體也不會將它們拉開(如圖所示)，這說明分子間存在 引力 (選填“引力”或“斥力”).
【考點】分子間的作用力.
【分析】物質(zhì)是由分子組成的，分子都在不停地做無規(guī)則運動，分子之間存在相互作用的引力和斥力.
【解答】解：
在一杯水中滴入紅墨水，靜置一段時間后發(fā)現(xiàn)整杯水變紅，這是擴散現(xiàn)象，說明分子在不停地做無規(guī)則運動;
將兩個底面平整、干凈的鉛柱緊壓后，兩個鉛柱的底面分子之間的距離比較大，表現(xiàn)為引力，使兩個鉛柱結(jié)合在一起，即使下面吊一個重物也不會將它們拉開.
故答案為：不停地做無規(guī)則運動;引力.
15.內(nèi)燃機一個工作循環(huán)有吸氣、壓縮、做功、排氣四個沖程，實現(xiàn)將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能的是 做功 沖程，選擇水作為發(fā)動機的冷卻液，是利用水的 比熱容 較大的特點.
【考點】內(nèi)燃機的四個沖程;水的比熱容的特點及應用.
【分析】(1)內(nèi)燃機的一個工作循環(huán)包括吸氣、壓縮、做功、排氣四個沖程，其中壓縮沖程將機械能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能，做功沖程將內(nèi)能轉(zhuǎn)化成機械能;
(2)由于水的比熱容最大，所以在相同的受冷和受熱的情況下，同質(zhì)量的水的溫度變化小.
【解答】解：
(1)內(nèi)燃機的四個沖程中，實現(xiàn)將機械能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能的是壓縮沖程;實現(xiàn)將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能的是做功沖程;
(2)由于水比熱容最大，所以相同質(zhì)量的水和其他液體相比較，在升高相同的溫度的情況下，水吸收的熱量多，故用水做冷卻液.
故答案為：做功;比熱容.
16.生活中，“吸”字表述的現(xiàn)象，其原因各不相同.如圖所示，用吸管“吸”飲料時，飲料是在 大氣壓 作用下被“吸”入口中的.用吸塵器“吸”灰塵時，灰塵是由于空氣流速越大，壓強越 小 的緣故被“吸”入吸塵器中的.
【考點】大氣壓強的存在;流體壓強與流速的關系.
【分析】(1)吸管吸飲料時，是先把吸管內(nèi)的空氣吸走，使管內(nèi)氣壓減小，這樣在外界大氣壓的作用下，飲料就被壓進吸管里.
(2)在氣體和液體中，流速大的位置壓強小.
【解答】解：(1)用吸管吸飲料時，吸管內(nèi)氣壓減小，小于外界大氣壓，在大氣壓的作用下飲料被壓入吸管;
(2)用吸塵器“吸”灰塵時，吸塵器內(nèi)空氣流速大壓強小，吸塵器外空氣流速小壓強大，在壓強差的作用下灰塵被“吸”入吸塵器中的.
故答案為：大氣壓;小.
17.如圖所示為“探究平面鏡成像特點”的實驗裝置圖，現(xiàn)有茶色玻璃板和透明玻璃板，實驗時應透擇 透明的玻璃板 來代替平面鏡.實驗時，選擇兩支相同的蠟燭，是為了比較像與物體的 大小關系 ;測量兩只蠟燭到玻璃板的距離，是為了比較像與物體到鏡面的距離是否 相等 .
【考點】平面鏡成像的特點、原理、現(xiàn)象及其實驗方案.
【分析】(1)利用玻璃板透明的特點，可以觀察到玻璃板的另一側(cè)，便于找到像的位置.
(2)實驗時選擇兩個相同的蠟燭，便于比較物像大小關系.一次實驗不具備代表性，具有很大的偶然性，根據(jù)測量兩只蠟燭到玻璃板的距離，可知像與物到鏡面距離相等.
【解答】解：(1)此實驗采用透明玻璃板代替平面鏡，因為玻璃板既能讓光透過也可以反射光，容易確定像的位置，而平面鏡是不透明的，無法確定像的位置，所以選用玻璃板作為平面鏡;
(2)實驗時選擇兩支等長的蠟燭，便于比較物像大小關系.
測量兩只蠟燭到玻璃板的距離，是為了比較像與物體到鏡面的距離關系，通過測量可知像與物體到鏡面的距離相等.
故答案為：透明的玻璃板;大小關系;相等.
18.電視機的遙控器能發(fā)射一種不可見光.即 紅外線 ，以實現(xiàn)對電視的控制.如果不把遙控器對著電視機的控制窗口，而是對著墻壁調(diào)整角度也可以控制電視機.這利用了光的 反射 .彩色電視畫面上的色彩是由紅、 綠 、藍三種色光混合而成.
【考點】紅外線;光的反射;色光的三原色和顏料的三原色.
【分析】紅外線的熱作用很強，可以制成熱譜儀、夜視儀、電視遙控器，可見光和不可見光都遵循光的反射定律;光的三原色：紅、綠、藍.
【解答】解：電視遙控器前端的發(fā)光二極管，能發(fā)出不同的紅外線來實現(xiàn)電視遙控，紅外線是看不見的光;
紅外線以光波的性質(zhì)直線傳播，并且可以發(fā)生反射，有時遙控器并沒有對準電視機的控制窗口，而是沿某一合適的方向?qū)蕢Ρ诎聪掳粹o，也可以控制電視機，這是利用了光的反射;
彩色電視機畫面上的顏色是由光的三原色紅、綠、藍三種色光混合而成.
故答案為：紅外線;反射;綠.
19.太陽能路燈的燈桿頂端有太陽能電池板，它能將太陽能轉(zhuǎn)化為電能.并向燈桿下方的蓄電池充電，供夜晚路燈照明.若在一段時間內(nèi)，太陽光輻射到該太陽能電池板的能量為2.7×107J.這與完全燃燒 0.9 kg的煤放出的熱量相當;這些能量經(jīng)轉(zhuǎn)化后，可供功率為35W的路燈工作60h，那么該太陽能路燈的能量轉(zhuǎn)化率是 28 %.(煤的熱值為3.0×107J/kg)
【考點】電功的計算;能量利用效率;燃料的熱值.
【分析】(1)知道煤的熱值q和煤完全燃燒放出的熱量(吸收的太陽能)，利用Q放=mq求需要完全燃燒煤的質(zhì)量;
(2)知道路燈的電功率和用電時間，利用P= 求路燈消耗的電能，這是有用能量;太陽光輻射到該太陽能電池板的能量為總能量，利用效率公式求該太陽能路燈的能量轉(zhuǎn)化效率.
【解答】解：(1)由題知，Q放=mq=2.7×107J，
則需要完全燃燒煤的質(zhì)量：
m= = =0.9kg;
(2)使用太陽能路燈的有用能量：
由P= 可得，W電=Pt=35W×60×3600s=7.56×106J，
太陽光輻射到該太陽能電池板的能量(總能量)
W總=2.7×107J，
該太陽能路燈的能量轉(zhuǎn)化效率：
η= ×100%= ×100%=28%.
故答案為：0.9;28.
20.如圖所示為小明設計的電烙鐵工作電路，電烙鐵可處于正常工作和頂熱兩種狀態(tài)，電烙鐵上標有“220V 40W”的字樣，R0為定值電阻.
(1)電烙鐵是利用電流的 熱 效應工作的.
(2)電烙鐵正常工作時功率為40W，暫時不用時的預熱功率為10W，則R0的阻值為 1210Ω .(設電烙鐵的電阻不隨溫度的變化而變化)
(3)生活中使用的電烙鐵，其烙鐵頭是一種合金.所謂合金就是不同金屬(也包括一些非金屬)在熔化過程中形成的一種融合或冷卻后的固態(tài).下表列出了幾種金屬的熔點和沸點(在標準大氣壓下).其中難以與表中其他金屬形成合金的是 鋅 .
金屬 鐵 銅 鋅 銀 金
熔點/℃ 1535 1083 419.5 962 1064
沸點/℃ 2750 2567 907 2212 2807
【考點】歐姆定律的應用;熔點和凝固點;電流的熱效應、化學效應和磁效應;電功率與電壓、電流的關系.
【分析】(1)電流流過導體時產(chǎn)生熱量的現(xiàn)象是電流的熱效應;
(2)由電路圖可知，開關S接2時，電路為電烙鐵的簡單電路，根據(jù)P= 求出電烙鐵的電阻;開關S接1時，電烙鐵和R0串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點和P=I2R求出電路中的電流，根據(jù)歐姆定律求出電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出R0的阻值;
(3)根據(jù)題中合金形成的信息和表格中金屬的熔、沸點，判斷不能形成合金的金屬組合.
【解答】解：(1)電烙鐵在工作時，主要將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，產(chǎn)生熱量，故是利用了電流的熱效應;
(2)由電路圖可知，開關S接2時，電路為電烙鐵的簡單電路，
由P= 可得，電烙鐵的電阻：
R= = =1210Ω，
開關S接1時，電烙鐵和R0串聯(lián)，
因串聯(lián)電路中各處的電流相等，
所以，由P=I2R可得，電路中的電流：
I= = = A，
由I= 可得，電路中的總電阻：
R總= = =2420Ω，
因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，
所以，R0的阻值：
R0=R總﹣R=2420Ω﹣1210Ω=1210Ω;
(3)合金是不同種金屬在熔化狀態(tài)下形成的一種熔合物，即兩種金屬都成為液態(tài)時進行混合;
由于金屬鋅的沸點低，小于其它金屬的熔點，因此鋅和其它金屬無法完成液態(tài)時混合.
故答案為：(1)熱;(2)1210Ω;(3)鋅.
21.用發(fā)光二極管制成的LED燈具有發(fā)光效率高、使用壽命長等優(yōu)點.如圖甲所示是一個定值電阻R和一個LED燈的電流與其兩端電壓關系的圖象.
(1)觀察圖象可知，R的阻值為 20 Ω.
(2)如圖乙所示，將LED燈與R串聯(lián)在電路中，若LED燈的電功率為0.06W，則R中的電流為 0.02 A，電路的總功率為 0.08 W.
【考點】電功率的計算;歐姆定律的應用;電功率與電壓、電流的關系.
【分析】(1)從圖象中讀出任意一組R的電流和電壓值，根據(jù)歐姆定律求出R的阻值;
(2)將LED燈與R串聯(lián)在電路中，根據(jù)圖象得出LED燈的電功率為0.06W時的電壓和電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點可知通過R的電流，根據(jù)圖象讀出R兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出電源的電壓，利用P=UI求出電路的總功率.
【解答】解：(1)由圖象可知，當UR=1V時，通過的電流IR=0.02A，
由I= 可得，R的阻值：
R= = =50Ω;
(2)將LED燈與R串聯(lián)在電路中，
由圖可知，當ULED=3V、ILED=0.02A時，LED燈的電功率：
PLED=ULEDILED=3V×0.02A=0.06W，
因串聯(lián)電路中各處的電流相等，
所以，R中的電流：
IR=I=ILED=0.02A，
由圖象可知，R兩端的電壓UR=1V，
因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，
所以，電源的電壓：
U=UR+ULED=1V+3V=4V，
電路的總功率：
P=UI=4V×0.02A=0.08W.
故答案為：0.02;0.08.
22.將一物塊A輕輕放入盛滿水的大燒杯中，A靜止后，有72g的水溢出;再將其輕輕放入盛滿酒精的大燒杯中.A靜止后，有64g的酒精溢出，則A在水中靜止時受到的浮力為 0.72 N.A的體積是 80 cm3.(酒精的密度是0.8×103kg/m3.g取1ON/kg)
【考點】阿基米德原理;物體的浮沉條件及其應用.
【分析】根據(jù)阿基米德原理求出物塊分別在水中和酒精中受到的浮力，然后比較浮力的關系即可確定物塊在酒精中的運動狀態(tài).再利用阿基米德原理求出排開酒精的體積，即可得到物塊A的體積.
【解答】解：該物塊放在水中時，受到的浮力：F浮=G排=mg=0.072kg×10N/㎏=0.72N;
該物塊放在酒精中時，受到的浮力：F浮′=G排′=mg=0.064kg×10N/㎏=0.64N;
通過上面的計算可得，物體在酒精中受到的浮力小于物塊在水中所受的浮力，而物塊的重力不變，因此物塊放入酒精中是下沉，
則根據(jù)F浮=ρ液gV排得：
V物=V排酒精= = =8×10﹣5m3=80cm3.
故答案為：0.72;80.
三、解答題(共32分)
23.按要求作圖：
(1)如圖甲所示，一束平行于主光抽的光線射向凹透鏡，請畫出它的折射光線.
(2)如圖乙所示，運動員將重2.7N的排球托起后，排球在空中繼續(xù)向上運動，畫出排球所受力的示意圖.(不計空氣阻力)
(3)如圖丙所示，小磁針在條形磁體作用下處于靜止狀態(tài).請標出小磁針的N極和A點處的磁場方向(用箭頭表示).
【考點】透鏡的光路圖;力的示意圖;磁感線及其特點.
【分析】(1)仔細觀察入射光線和折射光線的特點，根據(jù)凹透鏡的光學特點作圖.
(2)重力是物體由于地球的吸引而受到的力，其方向永遠豎直向下，因此在畫排球所受重力時，也一定要把握這一點.
(3)根據(jù)條形磁體的NS極，利用同名磁極相互排斥原理確定小磁針的N、S極和磁場的方向.
【解答】解：(1)對于凹透鏡，平行于主光軸的光線經(jīng)凹透鏡折射后折射光線的反向延長線通過焦點.如圖所示：
(2)排球在空中飛行，忽略空氣阻力，只受到重力作用，方向豎直向下，作用在排球的重心上.如圖所示：
(3)條形磁體的左端為N極，右端為S極，則小磁針的左端為S極，右端為N極，在磁體外部磁感線從N極流向S極，故A點的磁場方向向左.如圖所示：
24.如圖所示是小明利用光敏電阻為居民樓門口設計的一種智能照明電路.L為“220V 22W”的照明燈，天暗時自動發(fā)光，天亮時自動熄滅，控制電路中，電源由兩節(jié)干電池串聯(lián)而成，電壓為2.8V.R1為阻值10Ω的定值電阻.R2為光敏電阻，其阻值會隨著光強的變化而變化.
(1)①燈L正常工作時，通過它的電流是多少?
?、谑芸仉娐分袑Ь€a端應連接照明電路的火線還是零線?
(2)當電壓表示數(shù)為2.1V時，光敏電阻的阻值為多大?(電磁鐵A的線圈電阻忽略不計)
(3)如果控制電路的電源換成兩節(jié)新的干電池，照明燈L有沒有可能在白天就發(fā)光?請說明理由.
【考點】歐姆定律的應用;電功率與電壓、電流的關系.
【分析】(1)①燈L正常工作時的功率和額定功率相等，根據(jù)P=UI求出通過的電流;
?、陂_關控制燈泡時，開關接在火線和燈泡之間，斷開開關時，切斷火線，更換燈泡更安全;
(2)當電壓表示數(shù)為2.1V時，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出R1兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電路特點和歐姆定律得出等式即可求出光敏電阻的阻值;
(3)如果控制電路的電源換成兩節(jié)新的干電池，則電源的電壓增大，根據(jù)歐姆定律可知電路中的電流增大，達到電磁鐵的吸合電流時燈泡發(fā)光.
【解答】解：(1)①由P=UI可得，燈L正常工作時通過的電流：
IL= = =0.1A;
?、陂_關控制燈泡時，開關接在火線上，所以受控電路中導線a端應連接照明電路的火線;
(2)當電壓表示數(shù)為2.1V時，
因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，
所以，R1兩端的電壓：
U1=U﹣U2=2.8V﹣2.1V=0.7V，
因串聯(lián)電路中各處的電流相等，
所以，電路中的電流：
I= = ，即 = ，
解得：R2=30Ω;
(3)如果控制電路的電源換成兩節(jié)新的干電池，則電源的電壓增大，
由歐姆定律可知，電路中的電流增大，在天不太暗時，控制電路的電流達到電磁鐵吸合的電流，照明燈L發(fā)光，
所以，照明燈L有可能在白天就發(fā)光.
答：(1)①燈L正常工作時，通過它的電流是0.1A;
?、谑芸仉娐分袑Ь€a端應連接照明電路的火線;
(2)當電壓表示數(shù)為2.1V時，光敏電阻的阻值為30Ω;
(3)照明燈L有可能在白天就發(fā)光，原因：控制電路的電源換成兩節(jié)新干電池時，電源的電壓增大，電路中的電流增大，在天不太暗時，控制電路的電流達到電磁鐵吸合的電流，照明燈L發(fā)光.
25.利用光具座以及蠟燭、凸透鏡、光屏等器材，可進行“探究凸透鏡成像規(guī)律”的實驗.
(1)實驗時，首先在光具座上放置實驗器材，若光具座A處放置蠟燭(如圖所示)，則C處應放置 光屏 (選填“凸透鏡”或“光屏”.器材正確放置后，還應對其進行調(diào)整，使燭焰和光屏的中心位于凸透鏡的 主光軸 上.
(2)實驗后，可得出凸透鏡成像規(guī)律.根據(jù)成像規(guī)律判斷下列說法，說法正確的是 D
A.若凸透鏡的焦距為10cm，則燭焰距離凸透鏡30cm時，可在光屏上成放大的像
B.實驗過程中，蠟燭因燃燒而變短，則燭焰在光屏上的像會下移
C.若燭焰朝著凸透鏡方向前后不斷晃動，則光屏上仍能觀察到清晰的燭焰像
D.若燭餡在光屏上成縮小的像，則光屏到凸透鏡的距離小于燭焰到凸透鏡的距離
(3)某物理興趣小組在探究凸透鏡成像規(guī)律后，得到了如下數(shù)據(jù)：
實驗序號 物距u/cm 焦距f/cm 像的性質(zhì) 像距v/cm
1 12 10 倒立放大實像 60
2 14 10 倒立放大實像 35
3 15 10 倒立放大實像 30
4 30 10 倒立縮小實像 15
5 30 12 倒立縮小實像 20
6 30 15 倒立等大實像 30
下列對表中數(shù)據(jù)的分析，錯誤的是 A
A.當凸透鏡的焦距相同，物距不同時，所成的像有可能相同
B.當物距相同，凸透鏡的焦距越大時，像距越大
C.當物距相同，凸透鏡的焦距不同時，所成像的性質(zhì)有可能相同
D.當凸透鏡的焦距相同，且成放大實像時，像距與物距之和隨物距的增大而減小
(4)將蠟燭置于凸進鏡一倍焦距處，結(jié)果仍能觀察到燭焰放大的像，這是為什么?
【考點】凸透鏡成像規(guī)律及其探究實驗.
【分析】(1)探究凸透鏡成像的實驗時，在桌面上依次放蠟燭、凸透鏡、光屏，因為光屏上接到的是實像，凸透鏡成實像時，物像在凸透鏡的兩側(cè)，所以把凸透鏡放在蠟燭和光屏的中間位置.
探究凸透鏡成像的實驗時，在桌面上依次放蠟燭、凸透鏡、光屏，使燭焰和光屏的中心位于凸透鏡的主光軸上，像才能呈在光屏的中心.
(2)A、凸透鏡成像的規(guī)律：u>2f，成倒立縮小的實像;
B、因為凸透鏡成實像時，不僅上下顛倒，而且左右也顛倒，據(jù)此蠟燭燃燒變短時，所成的像的移動方向;
C、根據(jù)凸透鏡成實像時，物近像遠像變大來分析;
D、u>2f，成倒立、縮小的實像，2f>v>f.
(3)根據(jù)表中數(shù)據(jù)，對各個選項逐一分析即可.
(4)根據(jù)蠟燭有一定的體積分析.
【解答】解：(1)探究凸透鏡成像的實驗時，在光具座上依次放蠟燭、凸透鏡、光屏.若圖中A處放置蠟燭，則B位置上應放置凸透鏡，C處應放置光屏;
探究凸透鏡成像規(guī)律時，調(diào)整蠟燭燭焰和光屏的中心位于凸透鏡的主光軸上，這樣燭焰、光屏和光屏的中心在大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心.
(2)A、若凸透鏡的焦距為10cm，則燭焰距離凸透鏡30cm時，即f=10cm，u=30cm，物距大于二倍焦距，所以凸透鏡成倒立縮小的實像，故A錯誤.
B、因為凸透鏡成實像時，不僅上下顛倒，而且左右也顛倒，所以蠟燭燃燒變短時，所成的像移到了光屏中心的上方，故B錯誤;
C、若燭焰朝著凸透鏡方向前后不斷晃動，物距增大或減小，此時像距、像的大小也跟著變化，則光屏上不能觀察到清晰的燭焰像，故C錯誤;
D、若燭餡在光屏上成縮小的像，物距u>2f，像距2f>v>f，則光屏到凸透鏡的距離小于燭焰到凸透鏡的距離，故D正確.
故選D.
(3)A、當凸透鏡的焦距相同，物距不同時，像大小都不可能相同，故A錯誤;
B、由4、5、6次實驗可知，凸透鏡的焦距由10cm增大到15cm時，像距由15cm增大到30cm，則當物距相同，凸透鏡的焦距越大時，像距越大，故B正確;
C、由4、5次實驗可知，物距都為30時，都成倒立縮小實像，則當物距相同，凸透鏡的焦距不同時，所成像的性質(zhì)有可能相同，故C正確;
D、由1、2、3次實驗可知，凸透鏡的焦距相同，物距由12cm增大到15cm時，像距由60cm減小到30cm，
則當凸透鏡的焦距相同，且成放大實像時，像距與物距之和隨物距的增大而減小，故D正確.
故選A.
(4)因為蠟燭有一定的體積，把它放到焦點時，它有一部分會在一倍焦距和二倍焦距之間，所以能看到放大的像，
故答案為：(1)凸透鏡;主光軸;(2)D;(3)A;(4)因為蠟燭有一定的體積，把它放到焦點時，它有一部分會在一倍焦距和二倍焦距之間，所以能看到放大的像.
26.打開酒瓶瓶蓋，會聞到酒精的氣味，瓶蓋開啟時間長了，會不會使酒的酒精度(酒中酒精和酒的體積百分比)降低呢?小明認為：酒精的密度為O.8×103kg/m3與水的密度不同，同，若酒的酒精度發(fā)生變化，則酒的密度必定會變化.因此只要確定酒的密度是否變化，就能作出有效判讀.于是他用天平、燒懷、量杯和白酒等器材.測量酒的密度，操作過程如下：
甲.用調(diào)節(jié)好的天平測出空燒杯的質(zhì)量;
乙.在燒杯中倒入適量的白酒.測出燒杯和白酒的總質(zhì)量;
丙.再將燒杯中的白酒倒入如圖所示的量杯中，測出白酒的體積;
丁.計算出白酒的密度.
(1)①同學們認為小明的操作過程有不足，不足之處是：a. 量杯的分度值太大，讀數(shù)誤差大 ;b. 測得的酒精體積偏小 .
改進實驗后，小明第一次測得白酒的質(zhì)量為46g，體積50mL.過了一段時間后，第二次測得白酒質(zhì)量是28.8
g，體積是30mL.
a.第一次實驗時所測得的白酒密度是多少?
b.分析實驗數(shù)據(jù)后請判斷：酒的酒精度有沒有降低?
(2)小華對此問題也進行了探究.她在實驗室取了兩個相同的燒杯，在燒杯中分別裝入25OmL的料酒(酒精度為11%)和水，而后將兩燒杯置于相同的環(huán)境中，過了一天，測得料酒和水的體積分別是232mL和242mL.請根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，分析酒的酒精度是否降低?
【考點】液體密度的測量.
【分析】(1)從測量誤差方面考慮操作過程的不足之處;利用密度的公式ρ= 求出測量的酒精的密度和標準的密度對照，得出結(jié)論;
(2)根據(jù)題中提供水和酒精蒸發(fā)數(shù)值，判斷出酒精和水蒸發(fā)的快慢，從而分析酒的酒精度是否降低.
【解答】解：(1)①小明的操作中，量杯的分度值太大，讀數(shù)誤差大，同時，倒入量杯中的酒精到不干凈，測得的酒精體積偏小;
②第一次實驗時所測得的白酒密度：ρ= = =0.92g/cm3=0.92×103kg/m3>O.8×103kg/m3，.
(2)料酒蒸發(fā)的體積為25OmL﹣232mL=18mL，水蒸發(fā)的體積為25OmL﹣242mL=8mL，料酒蒸發(fā)的比水蒸發(fā)的快，可判斷料酒中的酒精比水蒸發(fā)的快，所以酒的酒精度會降低.
故答案為：(1)①量杯的分度值太大，讀數(shù)誤差大;測得的酒精體積偏小;②a.第一次實驗時所測得的白酒密度是0.92×103kg/m3;酒的酒精度降低;
(2)酒的酒精度會降低.
27.如圖所示是一種起重機的示意圖.起重機重2.4×104N(包括懸臂)，重心為P1，為使起重機起吊重物時不致傾倒.在其右側(cè)配有重M(重心為P2).現(xiàn)測得AB為10m，BO為1m，BC為4m，CD為1.5m.(g取10N/kg)
(1)若該起重機將重物吊升6m.用時5Os，則重物上升的平均速度是多少?
(2)現(xiàn)在水平地面上有重為2.44×104N的貨箱，它與地面的接觸面積是3m2.
①若起重機不加配重，在起吊貨箱時，最大可使貨箱對地面的壓強減少多少?
?、谌粢跗鸫素浵洌鹬貦C至少需加多少牛的配重?
(3)有人認為起重機的配重越重越好，這樣就能吊起更重的重物，這起重機能配8t的配重嗎?請說明理由.
【考點】壓強的大小及其計算;速度公式及其應用;杠桿的應用.
【分析】(1)知道重物上升的高度和時間，利用速度公式求重物上升的平均速度;
(2)①貨箱自由靜止在地面上時，利用p= 求對地面的壓強;
若起重機不加配重，在起吊貨箱時，支點為B，利用杠桿平衡條件求對貨箱的最大拉力，此時對地面的壓力等于貨箱重力減去拉力，再利用p= 求對地面的壓強;進而求出壓強變化量;
②若要吊起此貨箱，對貨箱的拉力等于貨箱重力，此時支點為B，利用杠桿平衡條件求配重;
(3)不起吊物體時，支點為C，根據(jù)杠桿平衡條件可得最大配重，利用G=mg求最大配重的質(zhì)量，可以判斷起重機能否配8t的配重.
【解答】解：(1)重物上升的平均速度：
v= = =0.12m/s;
(2)①貨箱自由靜止在地面上時，對地面的壓強：p1= = = ，
若起重機不加配重，在起吊貨箱時，支點為B，對貨箱的拉力F拉，
根據(jù)杠桿平衡條件有：F拉×AB=G起重機×BO，
即：F拉×10m=2.4×104N×1m，
解得：F拉=2400N，
此時貨箱對地面的壓力：F2=G貨箱﹣F拉=2.44×104N﹣2400N=2.2×104N，
此時貨箱對地面的壓強：p2= = ，
壓強變化量：
△p=p1﹣p2= ﹣ =800Pa;
?、谌粢跗鸫素浵?，起重機對貨箱的拉力：F拉′=G=2.44×104N，
支點為B，配重的力臂：BD=BC+CD=4m+1.5m=5.5m，
根據(jù)杠桿平衡條件可得：F拉′×AB=G起重機×BO+G配重×BD，
即：2.44×104N×10m=2.4×104N×1m+G配重×5.5m，
解得：G配重=4×104N;
(3)不起吊物體時，支點為C，
起重機自重的力臂：OC=BC﹣BO=4m﹣1m=3m;配重的力臂：CD=1.5m.
根據(jù)杠桿平衡條件可得：G起重機×OC=G配重′×CD，
即：2.4×104N×3m=G配重′×1.5m，
解得最大配重：G配重′=4.8×104N，
最大配重的質(zhì)量：
m′= = =4.8×103kg=4.8t，
因為4.8t<8t，
所以這起重機不能配8t的配重，否則起重機在不工作時就向右翻倒.
答：(1)重物上升的平均速度是0.12m/s;
(2)①若起重機不加配重，在起吊貨箱時，最大可使貨箱對地面的壓強減少800Pa;
?、谌粢跗鸫素浵洌鹬貦C至少需加4×104N的配重;
(3)這起重機不能配8t的配重，否則起重機在不工作時就向右翻倒.
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